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学校教师招聘信息

  • ID:6-5694180 闵行区2018-2019学年第二学期九年级(二模)质量调研考试理化试卷理试卷(含答案)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    闵行区2018学年第二学期九年级质量调研考试 理化试卷答案及评分标准 物 理 部 分 题号 答案及评分标准 一、选择题 (共16分) 1.C 2.B 3.A 4.A 5.D 6.B 7.D 8.C 二、填空题 (共23分) 9. (1)电; (2)高压; (3)220。 10.(4)振动; (5)空气; (6)响度。 11.(7)运动状态; (8)相互; (9)运动。 12.(10)红; (11)缩小; (12)照相机。 13.(13)不变; (14)变小; (15)15.2。14.(16)L短路或L断路;(2分)(17)L短路、变小、变大(或L断路、不变、不变)。(2分)15.(18)赞同。地磁S极移动会导致北极点的地磁场发生变化,在该处的小磁针所受地磁场的作用力方向会改变。(2分)(19)B。(2分) 三、作图题 (共8分) 16. 力的大小、方向、作用点各1分。 3分17. 每根光线1分。 2分18. 填表正确。       3分 四、计算题 (共25分) 19. (3分) Q吸=c水mΔt=4.2×103焦/(千克·℃)×1千克×(70℃-20℃) =2.1×105焦 1分 1分 1分 20. (5分) (1)F=G=20牛W=Fs=20牛×1米=20焦(2)P=W/t=20焦/5秒=4瓦 1分 2分 2分 21. (8分) (1)h水=p水/(ρ水g)=p甲/(ρ水g)=980帕/(1000千克/米3×9.8牛/千克)=0.1米(2)G乙=F乙=p乙S乙=980帕×0.5×10-2米2=4.9牛 m乙=G乙/g=4.9牛/(9.8牛/千克)=0.5千克(3)圆柱体乙对地面压力增加量 ΔF乙=Δp乙S乙=(1960帕-980帕)×0.5×10-2米2=4.9牛G物=ΔF乙=4.9牛 甲容器对地面压力增加量 ΔF甲=Δp甲S甲=(1470帕-980帕)×1×10-2米2=4.9牛ΔF甲=G物 所以没有溢出。 1分1分2分 1分 1分 1分 1分 四、计算题 (共25分) 22. (9分) (1)①Q=It=1安×10秒=10库②R=U/I=15伏/1安=15欧R2=R-R1=15欧-12欧=3欧(2)当电压表接在R3两端,电压表最小值为7伏时,R2取最大值20欧;当电压表接在R2两端,电压表最大值为14伏时,R2取最大值20欧。所以,U'=U3小+U2大=7伏+14伏=21伏U3/R3=U2/R27伏/R3=14伏/20欧R3=10欧 2分2分1分 2分 2分 说明:在计算中,有关单位错写、漏写,总扣 1 分。 五、实验题 (共18分) 23.(1)温度; (2)-20; (3)串; (4)断开。 24.(5)静止; (6)水平; (7)向上(或竖直向上); (8)可能(或一定)。 25.(9)质量相等的冰块在不同液体中沉底时,冰块熔化前后的△h相同,与原液体密度无关。(10)6.00±0.01;(11)冰块在密度为0.9克/厘米3的液体中处于悬浮状态V排=V冰,冰融化为水后质量不变,体积V水4伏 此时小灯泡没有正常发光,U1<1.5伏,因此U<5.5伏又因为电源电压为1.5伏的整数倍,所以U=4.5伏 小灯正常发光时,U2'=U-U1'=4.5伏-1.5伏=3伏I1'=I2'=U2'/R2'=3伏/10欧=0.3安P1=U1'I1'=1.5伏×0.3安=0.45瓦 4分 4分 2分 1分 2分 1分 1分 1分 1分 1分 第 2 页 共 2 页 闵行区2018学年第二学期九年级质量调研考试 理化 答题纸 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 21.(3) 22.(1)① 22.(1)②   22.(2) 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 四、计算题 三、作图题 15.(18) ; (19) 。 16. 17. 18. 图6 图7 图8 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 19. 20.(1) 20.(2) 21.(1) 21.(2) 注 意 事 项 1.答题前,考生先将自己的姓名、学校、考生号填写清楚。粘贴考生本人条形码。 2.选择题部分必须使用2B铅笔填涂;非选择题部分使用黑色字迹的钢笔、圆珠笔或签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。 3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。 4.保持卡面清洁,不折叠,不破损。 学校 姓名 缺考 □ 考生号 贴 条 形 码 区 域 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 一、选择题 (物理部分) 1 ? ? ? ? 2 ? ? ? ? 3 ? ? ? ? 4 ? ? ? ? 5 ? ? ? ? 6 ? ? ? ? 7 ? ? ? ? 8 ? ? ? ? (化学部分) 27 ? ? ? ? 28 ? ? ? ? 29 ? ? ? ? 30 ? ? ? ? 31 ? ? ? ? 32 ? ? ? ? 33 ? ? ? ? 34 ? ? ? ? 35 ? ? ? ? 36 ? ? ? ? 37 ? ? ? ? 38 ? ? ? ? 39 ? ? ? ? 40 ? ? ? ? 41 ? ? ? ? 42 ? ? ? ? 43 ? ? ? ? 44 ? ? ? ? 45 ? ? ? ? 46 ? ? ? ? 9.(1) ;(2) ;(3) 。 10.(4) ;(5) ;(6) 。 11.(7) ;(8) ;(9) 。 12.(10) ;(11) ;(12) 。 13.(13) ;(14) ;(15) 。 14.(16) ; (17)如果故障为 ,则开关S由闭合到断开时,电流表示数将 、电压表示数将 。 二、填空题 26.(12) ; (13)       ; (14)           。 25.(9) ; (10) ; (11) 。 24.(5) ;(6) ; (7) ;(8) 。 23.(1) ;(2) ; (3) ;(4) 。 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 七、 填空题 八、 简答题 47. (1)______________;(2)___________;(3)______________; (4)______________;(5)___________;(6)______________; (7)______________;(8)_______________________________; (9)___________________________________________________; (10)_____________________。 48. (11)_____________________;(12)_____________________; (13)_____________________;(14)_____________________。 49. (15)_________________________________________________; (16)_________________________________________________; (17)_________________________________________________; (18)_________________________________________________; (19)______________________;(20)____________________。 50. (1)_______________________;(2)_____________________; (3) (4)____________________________________________________; (5)____________________________________________________; (6)____________________________________________________; 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题的答题区域内作答,超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 (7)根据方程式计算 (8) (9)________________。 51. (10)__________________________________; (11)__________________________________________________; (12)__________________________________________________; (13)__________________________________________________; (14)__________________________________________________; (15)____________________________;(16)_______________; (17)_____________________________;(18)_______________。 五、实验题 闵行区2018学年第二学期九年级质量调研考试 理化试卷 考生注意: 1.试卷中的第1~26题为物理部分,第27~51题为化学部分。 2.试卷满分150分。考试时间100分钟。 3.按要求在答题纸上作答,在试卷、草稿纸上答题一律无效。 物 理 部 分 一、选择题(共16分) 下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上。更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂。 1.在太阳系中,月球属于 A 行星 B 恒星 C 卫星 D 彗星 2.下列现象中,不能体现“分子在不停地做无规则运动”的是 A 花香满园 B 尘土飞扬 C 樟脑丸变小 D 糖在水中溶解 3.首次发现电子,打破原子不可再分观念的科学家是 A 汤姆生 B 卢瑟福 C 伽利略 D 奥斯特 4.光从空气斜射入水中时,同时存在反射现象和折射现象。若入射光线与水面的夹角为60°,则下列说法中正确的是 A 反射角一定为30° B 反射角一定为60° C 折射角可能为30° D 折射角可能为60° 5.黄老师用10牛的水平力将重为3牛的直尺压在竖直的墙面上,静止时直尺受到的摩擦力为 A 13牛 B 10牛 C 7牛 D 3牛 6.甲、乙两车同时同地沿同一直线做匀速直线运动,甲车的s-t图像如图1所示。经过4秒后,甲、乙两车相距2米,下列说法中正确的是 A v甲v乙,且v乙=0.5米/秒 D v甲>v乙,且v乙=0.3米/秒 7.在如图2所示的电路中,电源电压保持不变。闭合开关S,向左移动滑动变阻器滑片的过程中,下列说法中正确的是 A V表示数变大,A1表示数变小 B V表示数不变,A表示数不变 C A表示数与A1表示数的比值变小 D A表示数与A1表示数的差值不变 8.甲、乙两圆柱形容器放置在水平地面上,容器内分别盛有体积相同的不同液体。将一小球放入甲容器内,待其静止后如图3所示,此时甲、乙两容器底部受到的液体压强大小相等。如果将小球从甲容器中取出并放入乙容器中,待小球静止后(无液体溢出),两容器底部受到液体压强的变化量分别为Δp甲和Δp乙。则关于Δp甲和Δp乙的大小关系,下列判断中正确的是 A Δp甲一定大于Δp乙 B Δp甲可能小于Δp乙 C Δp甲一定小于Δp乙 D Δp甲一定等于Δp乙 二、填空题(共23分) 请将结果填入答题纸的相应位置。 9.秦山核电站发电时,是将核能最终转化为 (1) 能,然后通过 (2) 输电的方式输送到用电区。我国家庭电路中所使用的节能灯正常工作时的电压为 (3) 伏。 10.某同学在教室内弹奏吉他时,所发出的声音是由琴弦的 (4) 产生的,琴声是通过 (5) 传播到其他同学耳中的。前后不同位置的同学听到声音的 (6) 是不同的。 11.小李用力将足球踢向空中,这主要说明力可以改变物体的 (7) ;同时小李的脚有疼痛感,这说明力的作用是 (8) 的。以地面为参照物,此时足球是 (9) 的(选填“运动”或“静止”)。 12.在各种不同色光中, (10) 光、绿光、蓝光叫做三原色光。某凸透镜的焦距为5厘米,将发光体放在该透镜主光轴上距离凸透镜35厘米处,它经透镜所成的像是倒立、 (11) 的实像,利用这个成像规律可以制成 (12) (选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”)。 13.重为25牛、体积为1×10-3米3的石块掉入水中,在下沉过程中,石块的惯性将 (13) 、重力势能将 (14) (均选填“变大”、“不变”或“变小”)。当石块全部没入水中后,石块所受重力与浮力的合力大小为 (15) 牛。 14.在如图4所示的电路中,电源电压保持不变,开关S处于闭合状态,小灯L不发光,电路中只有一个电表有示数。如果电路中只有一处故障且故障只可能发生在电阻R或小灯L上,则 ⑴ 故障可能是 (16) 。 ⑵ 请任选一种故障,对开关S由闭合到断开时两电表示数的变化情况作出判断。 (17) 15.某小组在学习了地磁场知识后,查阅资料发现地球的磁极并不会总停留在同一个地方。地磁S极的位置已从100年前的加拿大移到了北冰洋俄罗斯境内,而且从1990 年代中期以后,磁极移动速度加快,正在从原来的每年约15公里上升到了每年约55公里,科学家对地磁S极的预测轨迹如图5所示。下表记录了1994年、2001年、2007年地磁S极的实际经纬坐标。 坐标 年份 地磁S极 的经度 地磁S极 的纬度 1994年 104°W 78°N 2001年 110°W 81°N 2007年 121°W 84°N ⑴ 甲同学认为随着地磁S极的移动,在北极点的小磁针所受地磁场的作用力会发生改变,你是否赞成他的观点并说明理由。 (18) ⑵ 下面是小组成员根据相关资料所预测的2021年地磁S极的经纬度,你认为合理的是: (19) (A)166°W;87°N (B)166°E;87°N (C)166°W;85°N (D)166°E;85°N 三、作图题(共8分) 请将图直接画在答题纸的相应位置,作图题必须使用2B铅笔。 16.在图6中,小球受到绳子拉力F的大小为4牛,用力的图示法画出拉力F。 17.在图7中,根据凹透镜的性质,完成光路图。 18.在图8所示的电路图中填上合适的电表,使它成为正确的并联电路。 四、计算题(共25分) 请将计算过程和答案写在答题纸的相应位置。 19.将质量为1千克、温度为20℃的水加热至70℃,求水吸收的热量Q吸。 [c水=4.2×103焦/(千克·℃)] 20.如图9所示,用拉力F将重为20牛的物体匀速上提,物体在5秒内上升了1米。求: ⑴ 这段时间内拉力所做的功。 ⑵ 物体上升过程中拉力的功率。 21.如图10所示,盛有水的轻质薄壁圆柱形容器甲和实心均匀圆柱体乙均放置于水平地面上,它们的底面积分别为1×10-2米2和0.5×10-2米2。现将两完全相同物块分别放入容器甲中和叠在圆柱体乙的上方,放置前后容器甲、圆柱体乙对水平地面的压强大小p甲、p乙如下表所示。 对水平地面的压强 放置之前 放置之后 p甲(帕) 980 1470 p乙(帕) 980 1960 求:⑴ 容器甲中原来水的深度。 ⑵ 圆柱体乙的质量。 ⑶ 请根据相关信息判断物块放入甲容器时,水是否溢出,并说明理由。 22.在如图11(甲)所示的电路中,电源电压15伏保持不变,电阻R1的阻值为12欧,滑动变阻器R2上标有“20欧 2安”字样。 ⑴ 闭合开关S,移动滑片至电流表示数为1安。求: ① 在10秒内通过电阻R1的电荷量。 ② 变阻器R2接入电路的阻值大小。 ⑵ 如果用新的电阻R3、新的电源U'替换原来的电阻R1及电源,并将一表盘如图11(乙)所示的电压表并联接入电路。如果将电压表并联在R3两端,则在移动变阻器滑片的过程中,发现电压表示数的最大值为15伏、最小值为7伏;如果将电压表并联在R2两端,则在移动变阻器滑片的过程中,发现电压表示数的最大值为14伏、最小值为1伏。求电源电压U'及电阻R3的值。 五、实验题(共18分) 请根据要求在答题纸的相应位置作答。 23.如图12所示的仪器是测量 (1) 的工具,它的测量范围是 (2) ℃~100℃。在“用电流表测电流”实验中,连接电路时电流表应与被测用电器 (3) 联,此时应使开关处于 (4) 状态。 24.杠杆平衡状态指的是杠杆处于 (5) 状态或绕支点匀速转动状态。在“探究杠杆平衡的条件”实验中,应先调节杠杆两端的平衡螺母,使杠杆在 (6) 位置平衡。接着如图13所示在杠杆的B点挂上钩码,然后可以用测力计在A点施加方向 (7) 的动力使杠杆再次平衡,此时杠杆 (8) 是省力杠杆(选填“一定”或“可能”)。 25.某兴趣小组同学观察到浸在不同液体中的冰块,熔化前后液面高度的变化量△h不同,猜测△h可能与冰块的质量m、原液体密度ρ液有关系。他们取来若干相同的薄壁柱形容器,装入不同的液体后,再将等质量的冰块分别放入其中。经过一段时间,待冰块全部熔化,熔化前后均无液体溢出。他们将冰块熔化前在液体中的状态、原液体密度ρ液及熔化前后液面高度的变化量△h等数据记录于表一中。接着,他们又换用质量较大的冰块重复上述实验过程,并将相关实验数据记录于表二中。(冰块的质量mA

  • ID:6-5694099 中考物理二轮复习--声光热复习讲座素材

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    ( 备战 2019 中考 ---- 声光热专题复习 ) 提 纲 2019《考试说明》解读 2018中考命题特点及答题情况分析 2019《考试说明》中的题型示例解读四、2019年物理复习的几点建议 2019年中考理综----科学内容 三级要求: 59项A-----了解和认识,能描述,能举例,能识别 (13); 5项B-----理解, 把握内在逻辑联系,能解释、推断、 区分扩展,会收集整理信息,分析解决问题; 25项C----能独立操作实验仪器,会实验探究(5)。 近几年考查知识点分布统计 合计 力学 热学 光学 电学 声学 能源 2018 62 25 7 5 23 1 1 2017 67 26 10 6 23 2 0 2016 68 27 8 6 23 2 2 2015 66 26 9 5 21 1 4 2014 69 26 11 7 23 1 1 2013 70 28 9 5 25 2 1 2012 69 30 6 5 25 1 2 2011 70 28 8 5 22 4 4 题号 2017 2018 15 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 16 声和电磁波知识的综合考查 17 声和电磁波知识的综合考查 物态变化 18 物理单选 温度和内能 19 凸透镜成像规律 20 凸透镜成像规律 选择题: 1.估算 2.声学和电磁波 3.物态变化 4.凸透镜成像规律 基本延续2017、 2018的试题特点,难度对等,略有下降。 题号 2017 2018 23 24 相对运动、光学现象分析 25 物理填空 反射、反射光路图 26 物理填空 热机能量转化 热值、比热容的基础知识 填空及简答题 1.光现象; 2.比热容、热值、热机 整体难度应与2017、18 年基本持平。 题号 五年考点分析 2018 2017 2016 2015 2014 单选 题 15 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 物理学史 及一些物理学常识 物理学史 及一些物理学常识 16 声和电磁波知识的综合考查 电磁学基础知识 声和电磁波知识的综合考查 估测、估算生活中常用的物理量相关数据 声和电磁波知识的综合考查 17 物态变化 声和电磁波知识的综合考查 物态变化 声和电磁波知识的综合考查 估测、估算 18 力与运动知识的综合应用 内能概念的理解 凸透镜成像规律 光学基础知识 物态变化 19 凸透镜成像规律 运动的相对性 力与运动知识的综合应用 力与运动知识的综合应用 运动的相对性 多选 20 电磁学基础多选 凸透镜成像规律 电磁学基础多选 热学基础多选 凸透镜成像规律 一、选择题: 15.估测、估算、学史:贴近生活实际,物理常识估测 温度、长度、时间、质量、速度、体积、 压强、浮力、功率、电流、电压、电功率 (2018.15.)第1题.下列数值最接近实际情况的是 ( ) A.洗澡水的温度约为70 ℃ B. 一部手机的质量约为1 kg C. 普通居民楼每层高约为5 m D. 声音在空气中的传播速度约为340 m/s (2017)15.下列估测经验最接近实际的是( ) A.乒乓球台高约为760cm B.一元硬币的质量约为50g C.成年人正常行走1.2m用时约1s D.近几年石家庄冬季平均气温约10°C (2016) 15.下列估侧最接近实际的是 ( ) A.一袋早餐奶的质量约为50 g B.普通居民楼一层的高度约为3m C.绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为30℃ D.人平静时呼吸一次所用的时间约为9 s 与人体有关的物理量(中学生) 1、质量约:50kg   2、重力约:500N   3、密度约:1×103 kg/m3   4、体积约:0.05 m3   5、身高约:160-170cm   6、电阻约:几千欧   7、手臂长约:50——60cm   8、手掌面积约:100-120cm2   9、脚掌面积约:200-250 cm2   10、对地压强:行走时约:2×104Pa 站立时约:1×104Pa   11、步长约:50-70cm   12、步速约:1.5m/s 骑自行车速度约:4m/s 骑自行车时受到的阻力约:20N 大拇指指甲宽约:1cm; 手掌宽约:1dm 脉搏跳动频率约:70-75次/min(1.2Hz)   17、正常血压约:收缩压<130 mmHg, 舒张压<85 mmHg   18、人体正常体温约:36.5℃--37℃   19、100米短跑时间约:13-14s 速度约:7.5m/s 科学家 国籍 主要贡献 阿基米德 古希腊 阿基米德原理 杠杆平衡条件 托里拆利 意大利 托里拆利实脸一最先准确测出大气压的的值 伽利略 意大利 通过实验分析得出物体的运动并不需要力来维持, 牛顿 英国 1.牛顿第一定律(惯性定律) 2.光的色散 卢瑟福 新西兰 原子结构-卢瑟福模型(把原子结构和太阳系类比) 汤姆逊 英国 发现电子 欧姆 德国 欧姆定律 焦耳 英国 焦耳定律 安培 法国 安培定则 沈括 中国 发现磁偏角 奥斯特 丹麦 奥斯特实脸一首先发现电和磁的关系(电流的磁效应) 法拉第 英国 发现电磁感应现象(进入电气化时代) 赫兹 德国 用实验证实了电磁波的存在 爱迪生 美国 发明灯泡 贝尔 美国 早期电话的发明 瓦特 英国 发明蒸汽机 墨子 中国 发现小孔成像 一、选择题: 2.声和电磁波---- 声学: (1)声音的产生 (2)声音的传播----声速、回声定位(3)乐音三要素----音色、音调、响度(4)噪声的减弱----减弱噪声的途径 电磁波:生活实际有关电磁波的产生和传播 ----手机、wifi、无线上网、微信、天宫二号(2018.16)2题.下列有关声和电磁波的说法正确的是( ) 它们的传播都需要介质 它们都可以传递信息和能量 人听到的声音大小只跟发声体的振幅有关 开会时把手机调为静音是在传播过程中减弱噪声(2017) 17.下列有关声音和电磁波的说法正确的是 (C) A.光信号在光导纤维中以声音的速度传播 B.高速公路旁的房屋装有隔音窗,是为了防止噪声的产生 C.养蜂人通过听到蜜蜂的“嗡嗡”声,判断蜜蜂是否采了蜜 D.固定电话既有发射电磁波的功能,又有接收电磁波的功能 (2015)17.图中有关声和电磁波的应用,分析正确的是( ) A.甲是摩托车的消声器,其作用是在接收处减弱噪声 B.乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置,其目的是为了改变音色 C.丙是利用卫星系统导航,其信息传播的媒介与“B超”相同 D.丁是利用声呐探测海深,其原理是与蝙蝠在夜间飞行时的原理相同 (2014)16.关于声和电磁波的说法正确的是( ) A.人们根据音色辨别蝉鸣虫吟 B.街道上的噪声设备可以减弱噪声 C.水面舰艇是通过电磁波搜寻水下目标的 D.移动电话和电烙铁都是利用电磁波工作的 (2013)18.下列关于声现象的说法正确的是( ) A.声音在各种介质中的传播速度一样大 B.只要物体在振动,我们就一定能听到声音 C.减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声 D.拉二胡时不断地用手指控制琴弦,是为了改变音调 一、选择题: 3.分子动理论、内能、热机----结构、原子组成、固液气态、热机效率、内能、热量(3、9、21、23) ( 第 3 题)下列说法正确的是 ( ) A.固体分子是静止不动的 B.原子核带负电,电子带正电 C.电子的发现说明原子是可分的 D.太阳是宇宙的中心且固定不动 【答案】C (容易题〉 一、选择题: 3.分子动理论、内能、热机---- ( 2017.18)第 9 题----热学的文字表述类题目 9.下列说法正确的是 ( ) A.热机消耗的燃料越多,效率就越低 B.热传递中温度总是从热的物体传给冷的物体 C.同一物体,温度降低得越多,放出的热量就越多 D.人体内水的比例很高,有助于调节体温,以免温度变化太快对身体造成危害 【答案】D (中等难度题〉 一、选择题: 3.分子动理论、内能、热机---- ( 21题)有关热现象,下列说法中正确的是 18--构成物质的分子之间存在引力和斥力 19--构成物质的分子之间,只存在引力,不存在斥力 18--在热传递过程中,吸收热量的物体温度升髙 19--构成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关 18--C.做功冲程的功能是将内能转化为机械能 D.温度低于0oC的室外,仍有水蒸气存在 19--C.晶体熔化过程吸收热量,温度不变 D.沿海地区温差小,是因为水的比热大 一、选择题: 3.分子动理论、内能、热机---- ( 23题).下列说法中正确的是( ) A.两杯水温度相同,内能也—定相同 B.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 C.由于水的比热容大,工厂里的冷却塔常用水作为冷却介质 D.质量、初温相同的水和煤油放出相同热量后,水的温度高于煤油的温度 【答案】CD (中等难度题) 考点----热量、内能、温度 (2015)20.下列说法正确的是( ) A.两杯水温度相同,内能也一定相同 B.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 C.由于水的比热容大,工厂里的冷却塔通常用水作为冷却物质 D.质量、初温相同的水和煤油放出相同热量后,水的温度高于煤油 热学考查内容: (1)物态变化----生活现象、吸放热(2)熔化、沸腾----现象、特点、规律(3)分子理论----理论理解、解释宏观现象(4)内能----概念理解、辨析与温度、热量关系(5)比热容---探究、水的比热大、比热意义(6)热效率----能量转化、热值计算、能源(7)热机----四个冲程、工作特点、能量转化 一、选择题:物态变化--- (2018.17)6题.下列与物态变化相关的说法正确的是 ( C ) 出汗时吹风扇感觉凉快,是因为风降低了室温 石蜡和冰的熔化一样,都吸热但温度保持不变 冬天人呼出的“白气”和露珠的形成原理相同 因为雪的形成过程中吸收热量,所以下雪时天气变冷考查----生活中物态变化现象 (2016)17题.下列发生了物态变化的现象中,属于凝华的是( B ) A.洒在地板砖上的水不见了 B.刚出冷库的冻肉比原来重 C.加在饮料中的冰块越来越小 D.放在衣柜里的樟脑丸变小了考点:在熔化、汽化和升华-----吸热, 在液化、凝固和凝华-----放热. (2014 .18 ).下列现象发生的过程中,放出热量的一组是( ) ①冰雪消融 ②积水干涸 ③滴水成冰 ④霜满枝头 A.①② B.①③ C.②④ D.③④ 考点----汽化和液化 (2015)32.探究水沸腾时对温度变化的特点。 图所示实验中的错误之处是 。 烧杯上加盖的目的是 。 改正错误后,继续实验,记录的数据如下表。分 析表中数据可知,烧杯内水面上方气压 标准大气压。 水沸腾后,烧杯上方出现大量“白气”, 和它的形成过程相同的是 (选填序号)。 ①冰 ②霜 ③雾 ④雪考点:分子无规则运动理论与实际现象分析. (2014)9.图3所示实验不能用“分子在不停地运动” 解释的是( C ) 3.热学----组合式选择题 (19题)下列配对选项中完全正确的是( ) 【答案】B (中等难度题〉 光学---- (18题单选,20题多选) 三现象两个规律: (1)光的直线传播现象 (2)光的反射现象 (3)光的折射现象 (4)平面镜成像规律 (5)凸透镜成像规律 (2018)19.在“探究凸透镜成像的规律”实验中,蜡烛、凸透镜 和光屏的位置如图所示,烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。 则下列说法正确的是( ) 照相机应用了这一成像规律 蜡烛燃烧一段时间后,光屏上的像会向下移 蜡烛不动,将透镜移至35 cm处,移动光屏可能得到倒立的清晰像—(15cm

  • ID:6-5694062 [精]中考物理复习:浮力计算题(提高型1)

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    中考物理复习:浮力计算题(提高型1)
    1.(2018秋?萧山区校级月考)小金学了浮力的知识后,想制造一台浮力秤,他将一段密度为0.5×103千克/米3,粗细均匀的木料,先进行不吸水处理,再将其竖立水中,如图所示,这段木料长为40厘米,横截面积为0.1米2,其上表面可以作为秤盘(g=10牛/千克),问:
    (1)质量为0的刻度线的位置在距离下表面几厘米处?
    (2)距离上表面10厘米处的刻度对应的质量为多少?
    
    2.(2018春?港闸区校级月考)如图是小勇研究弹簧测力计的示数F与物体A下表面离水面的距离h的关系实验装置。其中A是实心均匀圆柱形物体。用弹簧测力计提着物体A,使其缓慢浸入水中(水未溢出),得到F与h的关系图象如图中实线所示。
    (1)完全浸没时,A受到水的浮力;
    (2)A圆柱形物体体积;
    (3)A圆柱形的密度;
    (4)小勇换用另一种未知液体重复上述实验并绘制出图中虚线所示图象,则该液体密度。(10N/kg)
    
    3.(2018?西山区一模)肺活量是一个人最大吸气后再最大呼气所呼出气体的体积,单位是毫升(mL)。它是身体机能的重要指标之一,和青少年的成长及日后身体的健康都关系很大。图所示的是一种测定肺活量的简单实用方法的示意图,图中A为倒扣在水中的一端开口的薄壁圆筒,测量前排尽其中的空气(即测量前筒内充满水)。测量时,被测试者吸足空气,再通过气嘴B尽量将气体呼出,呼出的气体通过导管进入圆筒A内,使圆筒A浮起。测出圆筒质量m、横截面积S和筒底浮出水面的高度H,就可以计算出圆筒内气体的体积,进而得到测试者当时的肺活量。测试时大气压强为p0,水的密度用ρ水表示。当圆筒A浮在水面上时,求:
    (1)圆筒A内气体的体积:
    (2)圆筒A内气体的压强。
    
    4.(2018?路南区二模)如图甲所示,水平地面上有一底面积为300cm2不计质量的薄壁柱形容器,容器中放有一个用细线与容器底相连的小木块,木块质量为400g,细线体积忽略不计。若往容器中缓慢地匀速加水,直至木块完全没入水中,如图乙所示。木块所受的浮力F浮与时间t的关系图象如图丙所示,其中AB段表示木块离开容器底上升直至细线被拉直的过程,(g取10N/kg)求:
    (1)木块浸没在水中时受到的浮力和木块的密度;
    (2)木块浸没在水中时绳子受到的拉力;
    (3)剪断绳子待木块静止后水对容器底压强的变化。
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  • ID:6-5693733 山东阳谷2019九年级第一次模拟考试物理试题(扫描)

    初中物理/中考专区/模拟试题


    
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  • ID:6-5693135 2019年重庆市南开(融侨)中学中考物理二模试卷(解析版)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    2019年重庆市南开(融侨)中学中考物理二模试卷 一、选择题(本题共8个小题,每小题3分,共24分) 1.下列数据符合常识的是(  ) A.高铁的正常行驶速度可达300km/h B.南开(融侨)中学的教室长约26m C.中学生对地面的压强约102Pa D.家用空气净化器的工作电压约为110V 2.最近,千厮门大桥北桥头一银行的小水池成了游客和摄影爱好者们争相打卡的火热景点,不是水池景观有多么漂亮,水中有多少观赏鱼,而是这个水池能够倒影出整个渝中半岛,当水面无风时,小小的水池犹如镜子一般将高楼林立的涂中区倒映在水中(如图),美丽得令人皇息,下列光现象的成因与图中“渝中倒影”相同的是(  ) A.鱼缸中放大的鱼 B.小猫照镜 C.日环食 D.雨后彩虹 3.使用下列机械(不计机械自重及摩擦)提升重物时,既省力又能改变力的方向的是(  ) A. B. C. D. 4.下列说法正确的是(  ) A.内能大的物体温度一定高 B.物体熔化时温度一定保持不变 C.做匀速圆周运动的物体受到的合力一定不为零 D.选择的参照物不同,对物体运动的描述一定不同 5.如图,蹦极是一项惊险刺激的运动项目,深受人们的喜爱。当人系好弹性绳后从高空跳下,先下落后又反弹上升,忽略空气阻力和浮力,下列有关蹦极的说法正确的是(  ) A.人下落时,他的重力势能全部转化为动能 B.人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力 C.在最低点时,人受到的拉力和人的重力是一对平衡力 D.若竖直反弹到最高点时,一切力都消失了,人将竖直下落 6.小融在某酒店住宿时发现,酒店洗手间有一个镜前灯,一个吸顶灯和一个排气扇(电动机),洗手间门口的开关S1和床头开关S2都可以控制两盏灯和排气扇同时工作或不工作,下列设计符合实际的是(  ) A. B. C. D. 7.电路如图甲,电源电压为4.6V,小灯泡上标有“2.5V 0.75W”的字样,图乙是它的伏安特性曲线,滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω 1A”,电压表的量程是0﹣3V,电流表的量程是0﹣0.6A,在保证电路各元件安全的前提下,将滑动变阻的滑片从最左端向右移动,下列说法错误的是(  ) A.电流表的示数变大 B.电压表的最大示数是2.5V C.电路的最大功率是1.38W D.电压表与电流表示数的比值不变 8.如图,甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体,它们的密度之比ρ甲:ρ乙=4:5,底面积之比S甲:S乙=5:8,对水平地面的压强之比p甲:p乙=6:5,下列有关甲、乙的说法正确的是(  ) ①甲、乙的质量之比是3:4 ②甲、乙的体积之比是15:16 ③将甲、乙分别沿水平方向切去相同的体积后,剩余部分对地面的压强可能相等 ④将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度后,剩余部分对地面的压强可能相等 A.①③④ B.③④ C.①②③ D.②③④ 二、填空题(每空1分,共10分) 9.(2分)历史上最著名的证明大气有压强的实验是   实验,下列事例中应用到大气压强的有   (多选,选填序号) A.用吸管吸牛奶B.吸盘式挂钩C.船闸 10.(2分)如图,验电器的工作原理是同种电荷相互   ,用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球使验电器带电,验电器上会有瞬间电流产生,瞬间电流的方向是   (选填序号) A、从上到下B、从下到上 11.(2分)A、B两物体如图放置,A的重力是20N,B的重力是50N.物体B在弹簧测力计的拉动下水平向右做匀速直线运动。已知A、B之间的滑动摩擦力是4N,地面对B的滑动摩擦力是12N,不计弹簧测力计和绳子重力、忽略绳子和滑轮之间的摩擦,那么,绳子对物体A的拉力F2=   N,弹簧测力计的示数F1=   N。 12.(2分)如图,电路,R1的阻值是10Ω,当闭合开关S1、S2,断开S3时,电流表的示数为0.3A,电压表示数为U1,R1的功率为P1;当闭合开关S1,S3,断开S2时,电压表示数为U2,R1的功率为P2;U1:U2=3:4,P1:P2=9:4.那么,P1=   W,电源电压U=   V。 13.(2分)盒马机器人餐厅(图甲)自开业以来,深受顾客欢迎,盒马自己研发的AGV(Automated GuidedVehicle)自动小车(图乙)底部有四个带花纹的小轮子,由电动机提供动力,沿着架设的轨道行驶,通过声音、图象等多种混合感应技术实现障碍物识别、躲避,菜品检测和转向,电量过低时,小车可以自动前往充电区给蓄电池充电,快充15分钟即可续航4小时,餐厅不仅用机器人传菜还有机器人可以用微波加热、烹饪食物呢,据介绍,出餐后,送餐速度平均在40秒左右,远高于人工服务的餐厅,大大缩短了顾客等待时间,请参照示例写出材料中涉及的物理现象和对应的物理知识(不得与示例重复)。 示例:物理现象:微波加热食物 物理知识:将电能转化为内能 作答:物理现象:   。 物理知识:   。 三、作图题.2分 14.(1分)图中,光从空气射向玻璃,请画出折射光线的大致方向 15.(1分)图中小球重5N,被绳子拉着静止在空中,请做出小球的受力示意图 四、实验探究题(第16、17题各3分,第18题8分,第19题8分,共22分) 16.在探究“平面镜成像特点”的实验中。若蜡烛A距玻璃板5cm,则蜡烛B距玻璃板   cm才能与蜡烛A的像完全重合;若在蜡烛B处放一光屏   (填“能”或“不能”)承接到像;若玻璃板上端向右偏斜(如图),蜡烛A在玻璃板中成的像会   (填“偏高”或“偏低”)。 17.在探究“凸透镜成像的规律”实验中,一束平行于主光轴的光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小最亮的光斑(如图甲),则凸透镜的焦距为   cm.当蜡烛和凸透镜的位置如图乙,将光屏移动到60~70cm之间的某一位置时,光屏上得到一个清晰的像,生活中的   (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律制成的。接着,将蜡烛远离凸透镜一些,这时光屏应向   (选填“左”或“右”)移动,可获得清晰的实像。 18.(8分)学校实验室购买了一批额定电压为2.5V的小灯泡,小明利用其中一只小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验,学生电源电压调为6V,滑动变阻器型号为“30Ω1.5A”。 实验序号 电压U/A 电流I/A 1 1 0.20 2 2 0.25 3 2.5 0.28 (1)在闭合开关前他又检查了电路,发现其中有一根导线连接错误,请你在甲图中错误的导线上打一个“×”,并补上一条正确的导线; (2)纠正错误后,闭合开关,适当移动滑片P,小灯泡都不亮,且电流表有示数,电压表无示数,则发生故障的原因可能是   ; (3)排除故障后,小明移动滑动变阻器滑片P到某处时,电压表的示数如图乙所示,要测得小灯泡额定功率的数据,滑片P应向   (选填“左”或“右”)端移动;此过程中,小明测得小灯泡的电流和电压的几组数据如表丙所示,那么小灯泡的额定功率   W; (4)除保护电路外,实验时滑动变阻器还有什么作用?   。 (5)老师指出不能利用小灯泡代替定值电阻完成“探究电流与电压关系的实验”,原因是   ; (6)为“探究电流与电阻的关系”,小明找来5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻各一个,小明先把灯泡拆除,将5Ω的定值电阻接入电路,移动滑片,使其两端电压为2.5V,记录电流值,再把5Ω的电阻换成10Ω,移动滑片,最终电流表的示数为   A,要用这四个定值电阻完成实验,应调节电源电压使其不超过   V。 19.(8分)下面是小明同学测量物体密度的实验 (1)实验原理是   ; (2)首先,小明利用天平和量筒测合金球密度,做了如下实验: ①把天平放在水平工作台上,游码移至标尺左端的   处,发现指针偏向分度盘中线的左侧如图甲,他应向   (填“左”或“右”)调节平衡螺母,直至横梁平衡; ②如图乙,用天平测出合金球的质量为   g; ③小明将合金球放入装有30mL水的量筒中,水面上升到图丙所示的位置,由以上数据可知,该合金球的密度为   kg/m3; (3)接着,小明又测量台球的密度(已知ρ台球>ρ水),天平被其他小组借走了,于是他找到如图丁所示盛有水的玻璃容器,并借助保鲜盒、细线和记号笔,设计了如下实验步骤: ①将空保鲜盒放在容器中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置A; ②将台球放入保鲜盒中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置C; ③用细线拴住台球,将台球浸没在水中(保鲜盒仍然漂浮),标记出水面的位置B; ④将保鲜盒和台球取出,向玻璃容器中加水至标记点C; ⑤打开阀门向量筒中放水,待水面下降到B点时,读出量筒中水的体积为72cm3,继续向该量筒中放水,待水面下降到A点时,再次读出量筒中水的体积为168cm3; ⑥小明测得台球的质量为   g,台球的密度ρ台球=   g/cm3; ⑦在步骤③中,从保鲜盒里取出台球,保鲜盒重新漂浮时,盒外壁上粘有水珠,你认为这会使台球密度测量值   (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。 四、论述计算题(第20题6分,第21题8分,第20题8分,共22分) 20.(6分)如图是我国研究制造的新一代战略军用大型运输机Y﹣20.Y﹣20轮胎与地面接触总面积为1.5m2,某次试飞时,总质量为210t,在空中以720km/h的速度水平匀速飞行,受到的平均阻力为5×105N.求: (1)当飞机静止在机场的水平地面上时,对地面的压强; (2)当飞机以720km/h的速度匀速飞行时,发动机的功率。 21.(8分)如图甲是一种电热加湿器,其内部简化电路如图乙所示,仅有电热丝R1为加热电阻,置于装有水的加热仓中,R1将水加热到沸后变成“白气”喷出,R2为分压电阻,通过旋转开关S可以实现高、低档加热功率之间的转换,部分铭牌信息如表所示,现利用高档功率将加热仓中质量为30g、温度为20℃的水加热到100℃,求: (1)水吸收的热量; (2)若加热效率为84%,加热时间为多少秒; (3)R2的阻值大小。【已知水的比热容c=4.2×103J/(kg?℃)】 额定电压 220V 高档功率 40W 低档功率 12.1W 22.(8分)水平地面有一底面积为400cm2,装有大量水的圆柱形容(容器壁那度不计)。将物块A、B置于盛水容器中,物块A为底面积150cm2、高10cm的柱体,物换B为边长10cm,密度1.3g/cm3的正方体。待稳定后,A有的体积露出水面,B沉底,如图甲。小李现对A物块施加竖直向下的压力F直至A刚好浸没入水中,再用轻质细绳(绳子伸长忽略不计)连接A、B,绳子恰好拉直,如图乙。再缓慢减小压力F,直至F为0.求: (1)如图甲,A漂浮时,水对A下表面的压强; (2)当B刚好离开容器底部时,小李对物块A施加的压力F; (3)从施加F开始至F减小为0的整个过程中,物块B竖直上升的距离。 2019年重庆市南开(融侨)中学中考物理二模试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本题共8个小题,每小题3分,共24分) 1.下列数据符合常识的是(  ) A.高铁的正常行驶速度可达300km/h B.南开(融侨)中学的教室长约26m C.中学生对地面的压强约102Pa D.家用空气净化器的工作电压约为110V 【分析】首先要对题目中涉及的几种物理量有个初步的了解,结合对生活实际的认识,选择符合生活实际的答案 【解答】解: A、我国高铁的正常行驶速度可达300km/h,故A符合实际; B、南开(融侨)中学的教室一般长约10m,故B不符合实际; C、中学生对地面的压强约104Pa,故C不符合实际; D、我国家庭电路的电压为220V,则空气净化器工作时两端的电压约为220V,故D不符合实际。 故选:A。 【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测,结合对生活的了解和对物理单位的认识,找出符合实际的选项即可 2.最近,千厮门大桥北桥头一银行的小水池成了游客和摄影爱好者们争相打卡的火热景点,不是水池景观有多么漂亮,水中有多少观赏鱼,而是这个水池能够倒影出整个渝中半岛,当水面无风时,小小的水池犹如镜子一般将高楼林立的涂中区倒映在水中(如图),美丽得令人皇息,下列光现象的成因与图中“渝中倒影”相同的是(  ) A.鱼缸中放大的鱼 B.小猫照镜 C.日环食 D.雨后彩虹 【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时,光的传播方向发生改变的现象,比如透镜成像,水变浅了,水中的筷子折断了等; 光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象,比如平面镜成像; 要掌握光沿直线传播现象,知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。 【解答】解:倒影属于平面镜成像,平面镜成像的原理是光的反射现象。 A、看到鱼缸中放大的鱼,是鱼的虚像,是由光的折射形成的,故A错误; B、小猫照镜是平面镜成像现象,故属于光的反射,故B正确; C、日食是由光的直线传播形成的,故C错误; D、彩虹属于光的色散现象,是由光的折射形成的,故D错误。 故选:B。 【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象,此题与实际生活联系密切,体现了生活处处是物理的理念。 3.使用下列机械(不计机械自重及摩擦)提升重物时,既省力又能改变力的方向的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)杠杆使用时根据动力臂和阻力臂的大小关系判断省力情况,杠杆可以改变力的方向; (2)定滑轮不能省力,但能改变力的方向; (3)动滑轮能省力,不能改变力的方向; (4)单独使用定滑轮或动滑轮都不能既省力、也不能改变力的方向,而滑轮组是动滑轮、定滑轮的组合,可以省力,也可能改变力的方向。 【解答】解: A、图中使用的是杠杆,可以改变力的方向,由图可知动力臂小于阻力臂,是费力杠杆;故A错误; B、图中所示是定滑轮,只能改变力的方向,不能省力,故B错误; C、图中是动滑轮,能省力,但不能改变力的方向,故C错误; D、图中是滑轮组,与动滑轮相连的有2段绳子,动力的方向向下,可以省力,也可以改变力的方向,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查学生对滑轮以及滑轮组的工作情况的掌握,知道滑轮组的工作时可以达到既能省力又能改变力的方向的特点,属于基础知识的考查。 4.下列说法正确的是(  ) A.内能大的物体温度一定高 B.物体熔化时温度一定保持不变 C.做匀速圆周运动的物体受到的合力一定不为零 D.选择的参照物不同,对物体运动的描述一定不同 【分析】(1)(2)物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关。物体质量和状态一定时,温度越高,内能越大;物体状态和温度相同时,气态时内能最大,固态时内能最小;物体状态和温度相同时,质量越大,物体的内能越大; (3)根据牛顿第一定律分析; (4)选择的参照物不同,物体的运动情况可能不同。 【解答】解: A、内能与温度、状态、质量等都有关系,所以内能大的物体,温度不一定高,故A错误; B、非晶体熔化的过程中,吸热,温度一直升高,故B错误; C、做匀速圆周运动的物体,其运动方向是变化的,故受到的合力不为0,故C正确; D、选择的参照物不同,对物体运动的描述不一定相同,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查了内能的影响因素、牛顿第一定律、参照物,属于基础知识。 5.如图,蹦极是一项惊险刺激的运动项目,深受人们的喜爱。当人系好弹性绳后从高空跳下,先下落后又反弹上升,忽略空气阻力和浮力,下列有关蹦极的说法正确的是(  ) A.人下落时,他的重力势能全部转化为动能 B.人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力 C.在最低点时,人受到的拉力和人的重力是一对平衡力 D.若竖直反弹到最高点时,一切力都消失了,人将竖直下落 【分析】(1)根据弹性绳发生形变分析; (2)根据相互作用力的条件分析; (3)二力平衡时,物体受到的合力为0; (4)物体不受力时,会保持静止状态或匀速直线运动状态。 【解答】解: A、人下落过程中,当弹性绳没有发生形变时,人的高度减小、速度增大,重力势能减小、动能增大,重力势能转化为人的动能;当弹性绳发生形变时,弹性绳的弹性势能增大,人的机械能转化为弹性绳的弹性势能,故A错误; B、人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力满足相互作用力的条件,是一对相互作用力,故B正确; C、在最低点时,人受到的拉力大于人的重力(人才会上升),即二力的大小不相等,所以这两个力不是一对平衡力,故C错误; D、若竖直反弹到最高点时,此时人的速度为0,若一切力都消失了,则人会静止在空中,故D错误。 故选:B。 【点评】本题关键在于对人进行受力分析,根据合力方向与速度方向的关系,判断人的运动情况。分析时要抓住弹力的变化过程。 6.小融在某酒店住宿时发现,酒店洗手间有一个镜前灯,一个吸顶灯和一个排气扇(电动机),洗手间门口的开关S1和床头开关S2都可以控制两盏灯和排气扇同时工作或不工作,下列设计符合实际的是(  ) A. B. C. D. 【分析】并联电路能各自独立工作,串联电路中的用电器相互影响。 【解答】解:洗手间门口的开关S1和床头开关S2都可以控制两盏灯和排气扇同时工作或不工作,这说明这两个开关与三个用电器之间是串联的,而三个用电器是并联的,故C符合题意。 故选:C。 【点评】本题考查了电路的连接,属于基础知识。 7.电路如图甲,电源电压为4.6V,小灯泡上标有“2.5V 0.75W”的字样,图乙是它的伏安特性曲线,滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω 1A”,电压表的量程是0﹣3V,电流表的量程是0﹣0.6A,在保证电路各元件安全的前提下,将滑动变阻的滑片从最左端向右移动,下列说法错误的是(  ) A.电流表的示数变大 B.电压表的最大示数是2.5V C.电路的最大功率是1.38W D.电压表与电流表示数的比值不变 【分析】(1)由图可知,L与R串联,在保证电路各元件安全的前提下,将滑动变阻的滑片从最左端向右移动,R接入电路的电阻减小,电流最大; (2)电压表测量小灯泡的电压,小灯泡的额定电压为2.5V,可得电压表的最大示数; (3)电路中的最大电流为小灯泡的额定电流,根据P=UI可求电路的最大功率; (4)电压表与电流表的比值是小灯泡的电阻,不是定值。 【解答】解:A、由图可知,L与R串联,在保证电路各元件安全的前提下,将滑动变阻的滑片从最左端向右移动,R接入电路的电阻减小,根据I=可得,电流最大,故A正确; B、电压表测量小灯泡的电压,小灯泡的额定电压为2.5V,电压表的最大示数是2.5V,故B正确; C、由题意可知,电路中的最大电流为小灯泡的额定电流,Imax===0.3A,电路的最大功率是:Pmax=UImax=4.6V×0.3A=1.38W,故C正确; D、电压表与电流表的比值是小灯泡的电阻,由图乙可知不是定值,故D错误。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的灵活应用,关键是根据电路特点判断电路的最大电流。并知道如何判断灯泡的实际功率。 8.如图,甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体,它们的密度之比ρ甲:ρ乙=4:5,底面积之比S甲:S乙=5:8,对水平地面的压强之比p甲:p乙=6:5,下列有关甲、乙的说法正确的是(  ) ①甲、乙的质量之比是3:4 ②甲、乙的体积之比是15:16 ③将甲、乙分别沿水平方向切去相同的体积后,剩余部分对地面的压强可能相等 ④将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度后,剩余部分对地面的压强可能相等 A.①③④ B.③④ C.①②③ D.②③④ 【分析】①知道长方体对水平地面的压强之比和底面积之比,根据F=pS求出对地面的压力之比,根据水平面上物体的压力和自身的重力相等求出甲乙的质量之比; ②知道甲乙的质量之比和密度之比,根据ρ=求出两者的体积之比; ③由于水平面上物体的压力和自身的重力相等,根据p=、G=mg和ρ=比较得出切去相同的体积后,物体对地面的减小的压强大小关系,然后根据原来的压强大小关系即可判断; ④由于水平面上的柱状物体对地面的压强可以利用p=ρgh比较,则根据p=ρgh比较得出切去相同的高度后,物体对地面的减小的压强大小关系,然后根据原来的压强大小关系即可判断。 【解答】解: ①由p=可得,甲、乙对水平地面的压力之比: ==×=×=, 因水平面上物体的压力和自身的重力相等, 所以,由F=G=mg可得,甲、乙的质量之比: ===,故①正确; ②由ρ=可得,甲、乙的体积之比: ==×=×=,故②正确; ③因水平面上物体的压力和自身的重力相等, 所以,物体对地面的压强: p====, 切去相同体积时,两者压强的变化量分别为: △p甲=,△p乙=, 则:====, 所以,△p甲>△p乙, 已知原来甲乙对水平地面的压强之比:p甲:p乙=6:5,则:p甲>p乙, 由于剩余部分对地面的压强p′=p﹣△p.所以剩余部分对地面的压强可能相等;故③正确; ④由于水平面上的柱状物体对地面的压强可以利用p=ρgh比较,则切去相同的高度后,两者压强的变化量分别为: △p甲′=ρ甲g△h,△p乙′=ρ乙g△h, 已知它们的密度之比ρ甲:ρ乙=4:5,则:ρ甲<ρ乙, 所以,△p甲′<△p乙′, 已知原来甲乙对水平地面的压强之比:p甲:p乙=6:5,则:p甲>p乙, 由于剩余部分对地面的压强p′=p﹣△p.所以剩余部分对地面的压强不可能相等;故④错误; 综上分析可知,只有①②③正确。 故选:C。 【点评】本题考查压强的比较,关键是公式的应用,知道在水平地面上,压力等于物体的重力,本题的难点是对接触面积的判断。 二、填空题(每空1分,共10分) 9.(2分)历史上最著名的证明大气有压强的实验是 马德堡半球 实验,下列事例中应用到大气压强的有 AB (多选,选填序号) A.用吸管吸牛奶B.吸盘式挂钩C.船闸 【分析】马德堡半球实验验证了大气压的存在;大气压的利用一般都是在某处使气压降低,然后在外界大气压的作用下,产生了某种效果。 【解答】解:由课本中提到的物理史实可知,最早证明大气压存在的,并且最著名的实验是马德堡市的市长奥托格里克做的马德堡半球实验。 用吸管吸牛奶、吸盘式挂钩都利用了大气压,船闸是连通器。 故答案为:马德堡半球;AB。 【点评】此题主要考查的是大气压强的存在证明实验﹣﹣马德堡半球实验,属于识记性内容,比较简单。 10.(2分)如图,验电器的工作原理是同种电荷相互 排斥 ,用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球使验电器带电,验电器上会有瞬间电流产生,瞬间电流的方向是 A (选填序号) A、从上到下B、从下到上 【分析】(1)摩擦起电的实质是电荷的转移,当用毛皮摩擦橡胶棒时,毛皮上的电子转移到橡胶棒上,橡胶棒上就有多余的电子,从而使橡胶棒带上负电;丝绸摩擦过的玻璃棒由于失去电子而正电荷; (2)用电器检验物体是否带电时,带电体与金属球接触时,是电子发生转移。正电荷移动的方向是电流的方向;自由电子的定向移动方向与电流方向相反。 【解答】解: 验电器的工作原理是:同种电荷相互排斥; 丝绸与玻璃棒摩擦过程中,玻璃棒失去电子而带正电荷;丝绸摩擦过的玻璃棒接触金属球时,是箔片上的电子转移到玻璃棒上;自由电子的定向移动方向与电流方向相反;故电流方向是从玻璃棒到箔片,即从上到下。 故答案为:排斥;A。 【点评】明确摩擦起电的实质和电流的形成,以及电流方向的规定;是解答此题的关键。 11.(2分)A、B两物体如图放置,A的重力是20N,B的重力是50N.物体B在弹簧测力计的拉动下水平向右做匀速直线运动。已知A、B之间的滑动摩擦力是4N,地面对B的滑动摩擦力是12N,不计弹簧测力计和绳子重力、忽略绳子和滑轮之间的摩擦,那么,绳子对物体A的拉力F2= 4 N,弹簧测力计的示数F1= 20 N。 【分析】物体B水平向右做匀速直线运动,物体A向左也做匀速直线运动,物体A受到B对A水平向右的摩擦力和绳子对物体A的拉力F2处于平衡状态,二力大小相等,据此求出绳子对物体A的拉力;B对A的摩擦力和A对B的摩擦力是一对相互作用力,二力大小相等,方向相反,对B物体受力分析可知,受到水平向右的拉力F1、A对B水平向左的摩擦力和地面对B施加的摩擦力,根据平衡状态合力为零求出弹簧测力计的示数。 【解答】解:物体B水平向右做匀速直线运动,物体A向左也做匀速直线运动, 因物体A受到B对A水平向右的摩擦力和绳子对物体A的拉力F2处于平衡状态,二力大小相等, 所以,绳子对物体A的拉力F2=fBA=4N, 因B对A的摩擦力和A对B的摩擦力是一对相互作用力,二力大小相等,方向相反, 所以,A对B水平向左的摩擦力fAB=fBA=4N, 因同一根绳子的拉力不变, 所以,绳子对B物体的拉力也为4N, 对B物体受力分析可知,受到水平向右的拉力F1、A对B水平向左的摩擦力和地面对B施加的摩擦力以及绳子对B的拉力, 此时B处于平衡状态,合力为零,则F1=F2+fAB+fB=4N+4N+12N=20N。 故答案为:4;20。 【点评】本题考查了二力平衡条件和相互作用力的特点、力的合成的综合应用,选好研究对象和弄清各力之间的关系是关键。 12.(2分)如图,电路,R1的阻值是10Ω,当闭合开关S1、S2,断开S3时,电流表的示数为0.3A,电压表示数为U1,R1的功率为P1;当闭合开关S1,S3,断开S2时,电压表示数为U2,R1的功率为P2;U1:U2=3:4,P1:P2=9:4.那么,P1= 0.9 W,电源电压U= 6 V。 【分析】(1)当闭合开关S1、S2,断开S3时,R1与R2串联,电压表测量R2两端的电压;知道电路中的电流,根据P=I2R求出R1的功率; (2)根据欧姆定律求出R1两端的电压,当闭合开关S1、S2,断开S3时,根据串联电路的分压特点写出电源电压的表达式; 当闭合开关S1、S3,断开S2时;电阻R1与R3串联,电压表测量R3两端的电压,根据P1:P2=9:4求出P2,根据P=求出R1两端的电压,根据串联电路的分压特点写出电源电压表达式,列出方程解出电源电压。 【解答】解:(1)当闭合开关S1、S2,断开S3时,R1与R2串联,电压表测量R2两端的电压, R1的功率为P1=I2R1=(0.3A)2×10Ω=0.9W; (2)根据欧姆定律可得,R1两端的电压: UR1=IR1=0.3A×10Ω=3V, 则当闭合开关S1、S2,断开S3时,电源电压U=UR1+U1=3V+U1, 当闭合开关S1、S3,断开S2时;电阻R1与R3串联,电压表测量R3两端的电压, P1:P2=9:4, R1的功率为P2===0.4W, 由P=得,R1两端的电压: UR1′===2V, 电源电压U=UR1′+U2=2V+U2, 因为电源电压不变,所以3V+U1=2V+U2,且U1:U2=3:4, 解得U1=3V, 所以电源电压U=UR1+U1=3V+3V=6V。 故答案为:0.9;6。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算,关键是开关闭合、断开时电路的辨别,解答此类问题时,可将每一种情况中的已知量和未知量都找出来,仔细分析找出各情况中的关联,即可列出等式求解。 13.(2分)盒马机器人餐厅(图甲)自开业以来,深受顾客欢迎,盒马自己研发的AGV(Automated GuidedVehicle)自动小车(图乙)底部有四个带花纹的小轮子,由电动机提供动力,沿着架设的轨道行驶,通过声音、图象等多种混合感应技术实现障碍物识别、躲避,菜品检测和转向,电量过低时,小车可以自动前往充电区给蓄电池充电,快充15分钟即可续航4小时,餐厅不仅用机器人传菜还有机器人可以用微波加热、烹饪食物呢,据介绍,出餐后,送餐速度平均在40秒左右,远高于人工服务的餐厅,大大缩短了顾客等待时间,请参照示例写出材料中涉及的物理现象和对应的物理知识(不得与示例重复)。 示例:物理现象:微波加热食物 物理知识:将电能转化为内能 作答:物理现象: 自动小车底部有四个带花纹的小轮子 。 物理知识: 增大接触面的粗糙程度,增大摩擦 。 【分析】(1)增大摩擦的方法:增大接触面的粗糙程度或增大压力; (2)电动机工作时消耗电能,转化为机械能和内能; (3)蓄电池充电时,将电能转化为了化学能。 【解答】解: (1)现象:自动小车底部有四个带花纹的小轮子;物理知识:增大接触面的粗糙程度,增大摩擦; (2)现象:电动机提供动力;物理知识:电能转化为机械能; (3)现象:给蓄电池充电;物理知识:将电能转化为了化学能。 故答案为:自动小车底部有四个带花纹的小轮子;增大接触面的粗糙程度,增大摩擦。 【点评】此题主要考查的是学生应用物理知识解决实际问题的能力,知识点很多,难度不是很大。 三、作图题.2分 14.(1分)图中,光从空气射向玻璃,请画出折射光线的大致方向 【分析】根据折射定律:折射光线、入射光线、法线在同一个平面内,折射光线、入射光线分居法线两侧,当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时,折射光线向靠近法线方向偏折,折射角小于入射角;当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时,折射光线向远离法线方向偏折,折射角大于入射角。 【解答】解:过入射点作法线,然后根据折射光线、入射光线分居法线两侧,折射角小于入射角,在法线右侧作出折射光线。如下图所示: 【点评】在光路图中,法线要画成虚线,如果能够确定反射角,在光路图中,一定要标出反射角的度数;画折射光路时,一定注意光从密介质进入疏介质,还是从疏介质进入密介质。 15.(1分)图中小球重5N,被绳子拉着静止在空中,请做出小球的受力示意图 【分析】小球静止,处于平衡状态,一定受力平衡,受到重力和拉力,重力的作用点在重心上,方向竖直向下,拉力的作用点在重心上,方向竖直向上,力的大小相等。 【解答】解:小球静止,处于平衡状态,一定受力平衡,分析可知,小球受重力和拉力,这两个力是平衡力,大小相等(F=G=5N),方向相反。重力竖直向下画,标上符号G,拉力竖直向上画,标出符号F,注意两个力长度相等,如图: 【点评】本题考查力的示意图的画法,作力的示意图,要用一条带箭头的线段表示力,线段的长度表示力的大小,箭头表示力的方向,起点或终点表示力的作用点,是平衡力的长度要相等。 四、实验探究题(第16、17题各3分,第18题8分,第19题8分,共22分) 16.在探究“平面镜成像特点”的实验中。若蜡烛A距玻璃板5cm,则蜡烛B距玻璃板 5 cm才能与蜡烛A的像完全重合;若在蜡烛B处放一光屏 不能 (填“能”或“不能”)承接到像;若玻璃板上端向右偏斜(如图),蜡烛A在玻璃板中成的像会 偏低 (填“偏高”或“偏低”)。 【分析】(1)根据平面镜成像特点,物像等距,对A进行分析并做出判断。 (2)虚像光屏接收不到,实像光屏能接收到。 (3)根据平面镜成像特点,作出蜡烛的像,进而做出判断。 【解答】解:(1)由平面镜成像特点可知,若蜡烛A距玻璃板5cm,蜡烛A的像距离平面镜也为5cm,则蜡烛B与玻璃板相距5cm才能与蜡烛A的像完全重合。 (2)光屏能接收到实像,但接收不到虚像,因为平面镜成的是虚像,所以若在蜡烛B处放一光屏,不能承接到像; (3)如图,作出蜡烛A的关于平面镜的对称点,即蜡烛A的像,可知,若玻璃板上端向右偏斜(如图),蜡烛A在玻璃板中成的像会偏低。 故答案为:5;不能;偏低。 【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点,本题围绕这个探究过程可能遇到的问题,解决办法,合理的思考和解释来考查同学的,值得我们关注。 17.在探究“凸透镜成像的规律”实验中,一束平行于主光轴的光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小最亮的光斑(如图甲),则凸透镜的焦距为 10.0 cm.当蜡烛和凸透镜的位置如图乙,将光屏移动到60~70cm之间的某一位置时,光屏上得到一个清晰的像,生活中的 照相机 (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律制成的。接着,将蜡烛远离凸透镜一些,这时光屏应向 左 (选填“左”或“右”)移动,可获得清晰的实像。 【分析】(1)根据焦距的定义:光心到焦点的距离即可求得焦距的大小; (2)从图上读出物距,比较物距和焦距关系,判断成像情况。凸透镜成像时,u>2f,成倒立、缩小的实像,应用于照相机和摄像机; (3)像距与物距的关系:物近像远像变大,物远像近像变小 【解答】解:(1)由图中,平行光线经凸透镜后会聚到一点,说明凸透镜对光线具有会聚作用,光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点, 所以焦距为60.0cm﹣50.0cm=10.0cm; (2)图中物距u=50cm﹣20cm=30cm,凸透镜的焦距约是10cm,此时u>2f,成倒立、缩小的实像,应用于照相机。 (3)若固定凸透镜不动,将蜡烛再远离凸透镜一些,即物距变大,则像距必然减小,因此光屏应该向左移动,才可在屏上得到一个清晰的像。 故答案为:10.0;照相机;左。 【点评】掌握好凸透镜成像的规律是解决本题的关键,故一定要熟记该规律。 18.(8分)学校实验室购买了一批额定电压为2.5V的小灯泡,小明利用其中一只小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验,学生电源电压调为6V,滑动变阻器型号为“30Ω1.5A”。 实验序号 电压U/A 电流I/A 1 1 0.20 2 2 0.25 3 2.5 0.28 (1)在闭合开关前他又检查了电路,发现其中有一根导线连接错误,请你在甲图中错误的导线上打一个“×”,并补上一条正确的导线; (2)纠正错误后,闭合开关,适当移动滑片P,小灯泡都不亮,且电流表有示数,电压表无示数,则发生故障的原因可能是 灯泡短路 ; (3)排除故障后,小明移动滑动变阻器滑片P到某处时,电压表的示数如图乙所示,要测得小灯泡额定功率的数据,滑片P应向 左 (选填“左”或“右”)端移动;此过程中,小明测得小灯泡的电流和电压的几组数据如表丙所示,那么小灯泡的额定功率 0.7 W; (4)除保护电路外,实验时滑动变阻器还有什么作用? 改变灯的电压使灯的电压为2.5V 。 (5)老师指出不能利用小灯泡代替定值电阻完成“探究电流与电压关系的实验”,原因是 灯的电阻随温度的变化而变化 ; (6)为“探究电流与电阻的关系”,小明找来5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻各一个,小明先把灯泡拆除,将5Ω的定值电阻接入电路,移动滑片,使其两端电压为2.5V,记录电流值,再把5Ω的电阻换成10Ω,移动滑片,最终电流表的示数为 0.25 A,要用这四个定值电阻完成实验,应调节电源电压使其不超过 5 V。 【分析】(1)电压表应与灯并联,电流表测通过灯的电流,据此改正; (2)纠正错误后,闭合开关,适当移动滑片P,电流表有示数,说明电路为通路,根据小灯泡都不亮,且电压表无示数分析可能原因; (3)灯在额定电压下正常发光,根据图中电压表小量程读数,比较电压表示数与额定电压的大小,根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向; 灯在额定电压下的电流为0.28A,根据P=UI求出灯的额定功率; (4)灯在额定电压下正常发光,根据分析实验时滑动变阻器还有的作用; (5)“探究电流与电压关系的实验”要控制电阻的电压不变; (6)由欧姆定律得出最终电流表的示数; 设电源电压最大为U,根据串联电路的规律及分压强原理得出用这四个定值电阻完成实验,应调节电源电压使其不超过的电压。 【解答】解:(1)原电路中,电压表串联在电路中,变阻器滑片左边电阻丝与灯并联后,再与变阻器滑片右边电阻并联,电流表测通过变阻器滑片右边电阻的电流,电压表应与灯并联,电流表测通过灯的电流,如下所示: (2)纠正错误后,闭合开关,适当移动滑片P,电流表有示数,说明电路为通路,小灯泡都不亮,且电压表无示数,则发生故障的原因可能是灯泡短路; (3)灯在额定电压下正常发光,图中电压选用小量程,分度值为0.1V,示数为2.3,小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压,根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电压,由分压原理,应减小变阻器连入电路中的电阻大小,故滑片向左移动,直到电压表示数为额定电压; 此过程中,小明测得小灯泡的电流和电压的几组数据如表丙所示知,灯在额定电压下的电流为0.28A,灯的额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W; (4)除保护电路外,实验时滑动变阻器还有改变灯的电压使灯的电压为2.5V的作用; (5)“探究电流与电压关系的实验”要控制电阻的电压不变,原因是灯的电阻随温度的变化而变化; (6)将5Ω的定值电阻接入电路,移动滑片,使其两端电压为2.5V,记录电流值,再把5Ω的电阻换成10Ω,移动滑片,因电压表示数为2.5V,由欧姆定律,最终电流表的示数为: I′===0.25A; 设电源电压最大为U,根据串联电路的规律及分压强原理有: = 即=, U=5V,即要用这四个定值电阻完成实验,应调节电源电压使其不超过5V。 故答案为:(1)如上所示;(2)灯泡短路;(3)左;0.7;(4)改变灯的电压使灯的电压为2.5V;(5)灯的电阻随温度的变化而变化;(6)0.25;5。 【点评】本题测量小灯泡电功率,考查电路连接、故障分析、操作过程、欧姆定律的运用、影响电阻大小的因素及对器材的要求。 19.(8分)下面是小明同学测量物体密度的实验 (1)实验原理是 ρ= ; (2)首先,小明利用天平和量筒测合金球密度,做了如下实验: ①把天平放在水平工作台上,游码移至标尺左端的 零刻度线 处,发现指针偏向分度盘中线的左侧如图甲,他应向 右 (填“左”或“右”)调节平衡螺母,直至横梁平衡; ②如图乙,用天平测出合金球的质量为 57.6 g; ③小明将合金球放入装有30mL水的量筒中,水面上升到图丙所示的位置,由以上数据可知,该合金球的密度为 5.76×103 kg/m3; (3)接着,小明又测量台球的密度(已知ρ台球>ρ水),天平被其他小组借走了,于是他找到如图丁所示盛有水的玻璃容器,并借助保鲜盒、细线和记号笔,设计了如下实验步骤: ①将空保鲜盒放在容器中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置A; ②将台球放入保鲜盒中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置C; ③用细线拴住台球,将台球浸没在水中(保鲜盒仍然漂浮),标记出水面的位置B; ④将保鲜盒和台球取出,向玻璃容器中加水至标记点C; ⑤打开阀门向量筒中放水,待水面下降到B点时,读出量筒中水的体积为72cm3,继续向该量筒中放水,待水面下降到A点时,再次读出量筒中水的体积为168cm3; ⑥小明测得台球的质量为 168 g,台球的密度ρ台球= 1.75 g/cm3; ⑦在步骤③中,从保鲜盒里取出台球,保鲜盒重新漂浮时,盒外壁上粘有水珠,你认为这会使台球密度测量值 无影响 (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。 【分析】(1)测量密度的原理是ρ=; (2)①把天平放在水平工作台上,游码移至标尺左端的零刻度线处,调节横梁上的平衡螺母,使指针指在分度盘的中央; 天平调节平衡的原则是:左偏右调,右偏左调; ②物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的质量(标尺的分度值为0.2g); ③根据排水法得出合金球的体积;根据ρ=求出该合金球的密度; (3)实验步骤: 在②中,合金球和保鲜盒处于漂浮状态,受到浮力最大,根据阿基米德原理,排开水的体积最大,据此分析; ⑥在两个过程中,保鲜盒可认为都漂浮,排开水的体积不变,合金球借助保鲜盒得以漂浮时排开水的体积与合金球本身体积的差即为V1, 根据题意可得出V球,从而得出m球,根据密度公式得出台球的密度; ⑦盒外壁沾的水珠来自于容器中的水,使得容器中水面比原来的位置就低了,但盒外壁沾的水使盒子变重又增加了排升的水面,两者刚好抵消持平,从而判断出对实验结果的影响。 【解答】解:(1)测量密度的原理是ρ=; (2)①把天平放在水平台上,游码放在标尺左端的零刻度线处,再调节横梁上的平衡螺母,使指针指在分度盘的中央; 由图甲知,指针指在分度盘的左侧,说明天平的左端下沉,平衡螺母向上翘的一端移动,所以平衡螺母向右移动; ②物体的质量等于砝码的质量加上游码所对应的质量(标尺的分度值为0.2g),如图乙用天平测出合金球的质量为:50g+5g+2.6g=57.6g; ③珠珠将合金球放入装有30mL水的量筒中,水面上升到图乙所示的位置,水和合金球的体积为40mL。 则合金球的体积为: V=40cm3﹣30cm3=10cm3; 由以上数据可知,该合金球的密度为: ρ===5.76g/cm3=5.76×103kg/m3。 (3)实验步骤: ①将空保鲜盒放在容器中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置为A; ②将台球放入保鲜盒中,使其竖直漂浮在水面上,标记出水面的位置为C; ③用细线拴住台球,将台球浸没在水中(保鲜盒仍然漂浮),标记出水面的位置为B; 在②中,合金球和保鲜盒处于漂浮状态,F浮2=G球+G盒,受到浮力最大,根据阿基米德原理,排开水的体积最大,故C点是步骤②的标记点; ④将保鲜盒和台球取出,向玻璃容器中加水至标记点C; ⑤打开阀门向量筒中放水,待水面从C点下降到B点时放出水的体积为V1=72cm3,(在两个过程中,保鲜盒可认为都漂浮,排开水的体积不变,合金球借助保鲜盒得以漂浮时排开水的体积与合金球本身体积的差即为V1), 故V1=﹣V球=﹣V球=﹣V球, 继续向这个量筒中放水,待水面下降到A点时,再次读出量筒中水的体积V2=168cm3, 故V球=V2﹣V1=168cm3﹣72cm3=96cm3, 由上面两式得: m球=ρ水V2=1.0g/cm3×168cm3=168g ⑥台球的密度: ρ台球===1.75g/cm3。 ⑦盒外壁沾的水珠来自于容器中的水,使得容器中水面比原来的位置就低了,但盒外壁沾的水使盒子变重又增加了排升的水面,两者刚好抵消持平,故对实验结果并无影响。 故答案为:(1)ρ=; (2)①零刻度线;右;②57.6;③5.76×103; (3)168;1.75;无影响。 【点评】本题考查了天平的调节和使用及阿基米德原理、漂浮的特点和密度公式的运用,综合性强,(3)是难点,关键是正确判断液面的位置。 四、论述计算题(第20题6分,第21题8分,第20题8分,共22分) 20.(6分)如图是我国研究制造的新一代战略军用大型运输机Y﹣20.Y﹣20轮胎与地面接触总面积为1.5m2,某次试飞时,总质量为210t,在空中以720km/h的速度水平匀速飞行,受到的平均阻力为5×105N.求: (1)当飞机静止在机场的水平地面上时,对地面的压强; (2)当飞机以720km/h的速度匀速飞行时,发动机的功率。 【分析】(1)水平面上的物体,对水平面的压力大小等于物体的重力,由p=求解; (2)匀速飞行过程中,所受的阻力与牵引力为一对平衡力,由P===Fv求得发动机的功率。 【解答】解: (1)飞机停在水平地面上,对地面的压力: F压=G=mg=210×1000kg×10N/kg=2.1×106N, 飞机对地面的压强: p===1.4×106Pa; (2)飞机飞行速度v=720km/h=200m/s, 飞机水平匀速飞行,则飞机受到的牵引力:F=f=5×105N, 此时发动机的功率: P===Fv=5×105N×200m/s=1×108W; 答:(1)当飞机静止在机场的水平地面上时,对地面的压强为1.4×106Pa; (2)当飞机以720km/h的速度匀速飞行时,发动机的功率为1×108W。 【点评】此题是一道力学综合计算题,考查了重力公式、压强公式以及二力平衡的条件的掌握和应用,难度不大。 21.(8分)如图甲是一种电热加湿器,其内部简化电路如图乙所示,仅有电热丝R1为加热电阻,置于装有水的加热仓中,R1将水加热到沸后变成“白气”喷出,R2为分压电阻,通过旋转开关S可以实现高、低档加热功率之间的转换,部分铭牌信息如表所示,现利用高档功率将加热仓中质量为30g、温度为20℃的水加热到100℃,求: (1)水吸收的热量; (2)若加热效率为84%,加热时间为多少秒; (3)R2的阻值大小。【已知水的比热容c=4.2×103J/(kg?℃)】 额定电压 220V 高档功率 40W 低档功率 12.1W 【分析】(1)根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量; (2)已知效率为84%,可求得消耗电能,再利用P=可求得时间; (3)开关S放在3、4之间时,只有电阻R1工作,根据P=知,此时电阻小,电功率大,是高温档,根据P=算出R1的阻值; 开关S放在2、3之间时,电阻R1和R2串联,根据P=知,此时电阻大,电功率小,是低温档; 由题知,仅有电热丝R1为加热电阻,置于装有水的加热仓中,所以此时R1的功率为12.1W,根据P=I2R求出此时电路的电流,根据串联电路的特点和欧姆定律可求出R2的阻值。 【解答】解: (1)水吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×30×10﹣3kg×(100℃﹣20℃)=1.008×104J, (2)由η=可得,消耗的电能: W===1.2×104J, 由P=可得,加热需要时间: t===300s; (3)开关S放在3、4之间时,只有电阻R1工作,根据P=知,此时电阻小,电功率大,是高温档,功率为40W, 根据P=知,R1的阻值为: R1===1210Ω; 开关S放在2、3之间时,电阻R1和R2串联,根据P=知,此时电阻大,电功率小,是低温档, 由题知,仅有电热丝R1为加热电阻,置于装有水的加热仓中,所以此时R1的功率为12.1W, 根据P=I2R知, 此时电路的电流为:I===0.1A, R1两端的电压为:U1=IR1=0.1A×1210Ω=121V, R2两端的电压为:U2=U﹣U1=220V﹣121V=99V, 则R2的阻值为:R2===990Ω。 答:(1)水吸收的热量为1.008×104J; (2)若加热效率为84%,加热时间为300秒; (3)R2的阻值大小为990Ω。 【点评】此题主要考查的是学生对电功率、电能、热量、欧姆定律计算公式的理解和掌握,注意公式的变形,综合性较强,有一定难度。 22.(8分)水平地面有一底面积为400cm2,装有大量水的圆柱形容(容器壁那度不计)。将物块A、B置于盛水容器中,物块A为底面积150cm2、高10cm的柱体,物换B为边长10cm,密度1.3g/cm3的正方体。待稳定后,A有的体积露出水面,B沉底,如图甲。小李现对A物块施加竖直向下的压力F直至A刚好浸没入水中,再用轻质细绳(绳子伸长忽略不计)连接A、B,绳子恰好拉直,如图乙。再缓慢减小压力F,直至F为0.求: (1)如图甲,A漂浮时,水对A下表面的压强; (2)当B刚好离开容器底部时,小李对物块A施加的压力F; (3)从施加F开始至F减小为0的整个过程中,物块B竖直上升的距离。 【分析】(1)已知A有的体积露出水面,求出A下表面浸入水中的深度,利用p=ρgh即可求出水对A下表面的压强; (2)当B刚好离开容器底部时,根据物体受力平衡即可求出压力F; (3)由于A刚好浸没入水中,连接A、B的绳子恰好拉直,所以从施加F开始至F减小为0的整个过程中,只有当F开始减小为0的整个过程中,物块B才开始上升,所以根据漂浮求出物块A受到的浮力,根据阿基米德原理求出物块A排开水的体积,然后得出A露出的体积,根据物块A露出体积得出物块AB升高的高度即为物块B竖直上升的距离。 【解答】解:(1)A下表面浸入水中的深度h下=10cm﹣×10cm=6cm=0.06m, 水对A下表面的压强p下=ρ水gh下=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa; (2)VA=SAhA=150cm2×10cm=1500cm3=1.5×10﹣3m3, VB=hB3=(10cm)3=1000cm3=1×10﹣3m3, 物块A漂浮时,根据漂浮条件和阿基米德原理可知: GA=F浮=ρ水gVA排=ρ水g(1﹣)VA=1.0×103kg/m×10N/kg×(1﹣)×1.5×10﹣3m3=9N。 GB=ρBgVB=1.3×103kg/m×10N/kg×1×10﹣3m3=13N。 当B刚好离开容器底部时,物体A、B在浮力、重力和压力的作用下一起处于平衡状态, 则:GA+GB+F=F浮A+F浮B, 所以,F=F浮A+F浮B﹣(GA+GB)=ρ水gVA+ρ水gVB﹣(GA+GB)=1.0×103kg/m×10N/kg×1.5×10﹣3m3+1.0×103kg/m×10N/kg×1.0×10﹣3m3﹣(9N+13N)=3N; (3)由于物块A刚好浸没入水中时连接A、B的绳子恰好拉直,所以,当物块B离开容器底部后,才开始升高, 当F减小为0时,物块AB在浮力作用下处于漂浮状态, 则:GA+GB=F浮A′+F浮B, 所以,F浮A′=GA+GB﹣F浮B=GA+GB﹣ρ水gVB=(9N+13N﹣1.0×103kg/m×10N/kg×1.0×10﹣3m3=12N, 根据F浮=ρ液gV排可得: VA排===1.2×10﹣3m3, VA露=VA﹣VA排=1.5×10﹣3m3﹣1.2×10﹣3m3=3×10﹣4m3=300cm3, 物块B竖直上升的距离h===0.75cm。 答:(1)A漂浮时,水对A下表面的压强为600Pa; (2)当B刚好离开容器底部时,小李对物块A施加的压力F=3N; (3)从施加F开始至F减小为0的整个过程中,物块B竖直上升的距离为0.75cm。 【点评】本题考查漂浮条件、阿基米德原理和压强公式的应用,这是中考必考题型,要熟练应用。

  • ID:6-5693134 2019年云南省保山市施甸县中考物理模拟试卷(解析版)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    2019年云南省保山市施甸县中考物理模拟试卷 一、单选题(本大题共7小题,共21.0分) 1.以下对物理现象的估测符合实际的是(  ) A.施甸县学生营养早餐一盒牛奶的质量约为50g B.镇康夏天最高气温约为40℃ C.学生课桌的高度约为75cm D.中学生100m短跑成绩约为7s 2.图中所示的现象中,由于光的反射形成的是(  ) A.手影的形成 B.豹子在水中的倒影 C.放大镜将字放大 D.水中的铅笔“弯折了” 3.下列物态变化中属于放热现象的是哪一组(  ) ①初春,冰封的湖面解冻 ②盛夏,旷野里雾的形成 ③深秋,路边的小草上结了一层霜 ④严冬,冰冻的衣服逐渐变干。 A.①② B.②③ C.③④ D.①④ 4.小明推着小车在水平地面上运动,放手后小车运动一段距离停下。下列说法中错误的是(  ) A.小车受到的重力的施力物体是地球 B.小车最终停下来是因为不再受推力 C.小车受到的重力和地面对小车的支持力是一对平衡力 D.小明对小车的推力与小车对小明的作用力大小相等 5.下列做法能增大压强的是(  ) A.挖掘机安装履带 B.载重车装有许多车轮 C.汽车安全带做得较宽 D.溜冰鞋上装有冰刀 6.潜水员逐渐从水里浮出水面的过程中,他受到的浮力(  ) A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.始终不变 D.先增大后不变 7.下列关于能量转化与能源,说法不正确的是(  ) A.电风扇通过电动机,能将电能转化为风能 B.电磁感应现象中,有其他形式的能量转化为电能 C.地热、天然气、电能都属于二次能源 D.虽然能量是守恒的,但是我们仍需节约能源 二、多选题(本大题共1小题,共3.0分) 8.下列现象中,物体的质量没有发生改变的是(  ) A.铁块熔化成铁水 B.一块铜压成铜片 C.一块木头带到宇宙飞船中,随飞船升高 D.粗糙的铝锭被磨成光滑的圆柱体 三、填空题(本大题共11小题,共23.0分) 9.弹奏前调整琴弦的松紧程度,可以改变琴声的   ;根据乐器发声的   ,可以听出是什么乐器在演奏(选填“响度”、“音调”或“音色”)。 10.过桥米线是云南人爱吃的食物,路过米线馆可以闻见汤的香味,这是   现象;“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了   。 11.湖面如镜,划桨泛舟。以划船的人为参照物,小船是    的;水鸟掠过湖面时,翅膀上方空气流速   (选填“大于”、“小于”或“等于”)下方,翅膀上下表面存在压强差,形成升力。 12.中国“向阳红06”海监船赴南海黄岩岛维权。船底某处距海面深度为5m,该处受到的海水压强为   Pa(ρ海水=1.03×l03kg/m3,g=10N/kg).若船从海里驶入河里,船身将   (选填“上浮”或“下沉”)一些。 13.冰的密度为0.9×103kg/m3,表示的物理意义是   ,那么体积为2m3的冰的质量为   kg。 14.小明带着弟弟去翠湖看海鸥,湖面如镜映出海鸥的   像(填“虚”或“实”),随着海鸥飞离湖面,它们在湖中的像的大小将    (填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”)。 15.可以直接从自然界获得的能源叫一次能源,必须通过消耗一次能源才能获得的能源叫二次能源,石油、风能、天然气、煤、电能等能源中,属于可再生能源的是   ,属于二次能源的是   。 16.在空中喷洒干冰是一种人工降雨的方法,干冰使空中的水蒸气   (填物态变化名称)变成小冰粒,冰粒下降过程中熔化成水形成雨。冷藏室中取出的盒装酸奶在空气中放置一段时间后,酸奶盒表面会附有一层小水珠,这是空气中的水蒸气   热量液化形成的。 17.在医院等公共场所设有“禁止吸烟”的标志,这是因为在公共场所“一人吸烟,多人被动吸烟”,这种说法的依据是:组成物质的分子在不停息地做   。冬天手冷时,我们用搓手的方式使手变暖和,这是采用   的方式来增加手的内能。 18.如图1是通过电阻R和小灯泡L的电流随电压变化的图象。若将它们接入如图2所示的电路中,电源电压3V,当只闭合开关S时,小灯泡的实际功率为   W;再闭合开关S1,经过10s电路消耗的电能为   J。 19.如图所示,体温计的示数为   ℃。 四、计算题(本大题共4小题,共28.0分) 20.请在图中画出沿斜面向上运动的物体受到的摩擦力f的示意图。 21.2017年5月18日,中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功,实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染,储量巨大,是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大,是天然气热值的10倍以上,若按15倍计算。[c水=4.2×103J/(kg?℃),天然气的热值q=7.0×107J/m3]求: (1)体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少? (2)若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收,则水升高的温度是多少? 22.中国首艘国产航母001A于2017年4月26日正式下水(如图)。下水方式采用了漂浮式下水,这也是现代航母建造中普遍使用的下水方式。漂浮式下水是打开闸门让海水注入船坞(停泊、修理或制造船只的地方),船依靠浮力浮起后驶离船坞。(g取10N/kg,海水密度取1.0×103kg/m3)问: (1)航母001A设计满载排水量约7万吨,那么它满载时受到的浮力是多少; (2)水面下4m处海水产生的压强是多少; (3)一位质量为60kg的歼15舰载机飞行员来到航母的水平甲板上,若双脚与甲板的接触面积是400cm2,则他双脚站立时对甲板的压强是多少。 23.如图所示,R1=25Ω,小灯泡L的规格为“2.5V 0.5A”,电源电压保持不变,求: (1)小灯泡正常发光时的电阻; (2)S1、S2都断开时,小灯泡L正常发光,求电源电压; (3)S1、S2都闭合时,电流表的示数变为0.9A,求R2的阻值。 五、作图题(本大题共1小题,共3.0分) 24.物体AB放在平面镜前,请在图中画出它经平面镜所成的像。 六、实验探究题(本大题共3小题,共22.0分) 25.利用如图装置进行探究光的反射规律实验。 (1)让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面,在纸板B上可看到光线沿OF方向射出,在纸板上,用笔描出光线EO和OF的轨迹,则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是   ,FO与垂直镜面的直线ON的夹角r是   (选填“入射角”或“反射角”)。 (2)多次改变入射角的大小,测得实验数据如表,如图所示,分析数据可得:反射角   (选填“大于”“小于”或“等于”)入射角:当入射角变大时,光线OF将   (选填“远离”或“靠近”)直线ON。 (3)以直线ON为轴线。把纸板B向后折,在纸板B上   (选填“能”或“不能”看到反射光线OF,由此说明反射光线、入射光线与法线在   (选填“同一”或“不同”)平面内。 (4)在做实验过程中,从教室各个方向都能观察到粗糙纸板表面反射的光线,这种反射属于   (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 序号 ∠i ∠r 1 30° 30° 2 45° 45° 3 50° 50° 26.如图所示,小天在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验过程中,实验的装置如图甲所示。 (1)在图甲实验装置中,存在的错误是   。 (2)图乙是小天三次观察温度计示数时眼睛的位置,其中正确的是   (选填“1”“2”或“3”)。 (3)改正错误后,继续进行实验,小天发现水在沸腾过程中,产生的气泡体积在上升过程中   (选填“变大”“变小”或“不变”),温度计示数保持不变,但需要酒精灯持续加热,这说明水在沸腾过程中要   。 (4)实验过程中,小天将实验数据填入表中如图12所示,由实验数据得出结论:水的沸点为   ℃,由数据可知,烧杯内气压   (选填“大于”“小于”或“等于”)一个标准大气压。 (5)由实验数据表可以得出:水沸腾时的特点是   。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 27.如图所示是用压强计“探究影响液体内部压强大小因素”的实验,除②图杯中装的浓盐水外,其余杯里装的都是水。 (1)压强计是通过 U 形管中液面的    来反映被测压强大小的;使用前应检查装置是否漏气,方法是用手轻轻按压几下橡皮膜,如果 U 形管中的液体能灵活升降,则说明装置   (选填“漏气”或“不漏气”); (2)比较②③两次实验,可以得出的结论是:液体内部压强大小跟液体    有关,当    相同时,    越大,液体压强越大; (3)比较    三次实验,是为了探究液体内部压强大小跟液体深度的关系,可以得出的结论是:   ; (4)比较①③④三次实验,可以得出的结论是:   。 2019年云南省保山市施甸县中考物理模拟试卷 参考答案与试题解析 一、单选题(本大题共7小题,共21.0分) 1.以下对物理现象的估测符合实际的是(  ) A.施甸县学生营养早餐一盒牛奶的质量约为50g B.镇康夏天最高气温约为40℃ C.学生课桌的高度约为75cm D.中学生100m短跑成绩约为7s 【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。 【解答】解:A、两个苹果的质量约300g,中学生营养早餐一盒牛奶的质量与此差不多,在300g左右。故A不符合实际; B、中学生正常体温不超过37℃,镇康夏季最高气温不高于中学生的体温,所以达不到40℃.故B不符合实际; C、中学生的身高在160cm左右,课桌的高度接近中学生身高的一半,在75cm左右。故C符合实际; D、男子百米世界纪录略小于10s,中学生百米成绩不可能小于10s,一般在15s左右。故D不符合实际。 故选:C。 【点评】物理学中,对各种物理量的估算能力,是我们应该加强锻炼的重要能力之一,这种能力的提高,对我们的生活同样具有很大的现实意义。 2.图中所示的现象中,由于光的反射形成的是(  ) A.手影的形成 B.豹子在水中的倒影 C.放大镜将字放大 D.水中的铅笔“弯折了” 【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播,产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等; (2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象,例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的; (3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解:A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的,由于光的直线传播,被物体挡住后,物体后面就会呈现出阴影区域,就是影子,故与题意不符; B、平静水面上豹子的倒影,属于平面镜成像,是由于光的反射形成的,符合题意。 C、用放大镜看字时,字变大了,属于凸透镜成像,是由于光的折射形成的。故与题意不符。 D、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时,发生折射,折射光线远离法线,当人逆着折射光线的方向看时,看到的是铅笔的虚像,比实际位置偏高,所以感觉折断了,故与题意不符; 故选:B。 【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解,在学习中要注意区分,并要学会用所学知识解释有关的物理现象。 3.下列物态变化中属于放热现象的是哪一组(  ) ①初春,冰封的湖面解冻 ②盛夏,旷野里雾的形成 ③深秋,路边的小草上结了一层霜 ④严冬,冰冻的衣服逐渐变干。 A.①② B.②③ C.③④ D.①④ 【分析】解决此题要掌握: 物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行。 其中熔化、汽化、升华过程需要吸收热量,凝固、液化、凝华过程需要放出热量。 【解答】解:①初春,冰封的湖面解冻是物质由固态变为液态的过程,是熔化过程,熔化吸热;故A不符合题意; ②盛夏,旷野里雾是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠,是液化过程,液化放热,故B符合题意; ③深秋,路边的小草上结了一层霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶,是凝华过程,凝华放热,故C符合题意; ④严冬,冰冻的衣服逐渐变干是物质直接由固态变成气态的过程,是升华过程,升华吸热,故D不符合题意。 综合分析②③符合题意。 故选:B。 【点评】此题考查的是对物态变化过程的判断及物态变化过程的吸热和放热的判断。 4.小明推着小车在水平地面上运动,放手后小车运动一段距离停下。下列说法中错误的是(  ) A.小车受到的重力的施力物体是地球 B.小车最终停下来是因为不再受推力 C.小车受到的重力和地面对小车的支持力是一对平衡力 D.小明对小车的推力与小车对小明的作用力大小相等 【分析】(1)重力是指物体由于地球的吸引而使物体受到的力; (2)力是改变物体运动状态的原因,物体运动状态改变了,一定是受到了力; (3)二力平衡条件:大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。四个条件同时具备,两个力才是平衡力。 (4)一对相互作用力的大小始终是相等的。 【解答】解:A、由于重力是指物体由于地球的吸引而使物体受到的力,所以小车受到的重力的施力物体是地球,故A正确; B、小车最终停下来是因为受到了阻力的作用,而不是因为不再受推力,故B错误; C、小车受到的重力和地面对小车的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上,是一对平衡力,故C正确; D、小明对小车的推力与小车对小明的作用力是一对相互作用力,其大小相等,故D正确。 故选:B。 【点评】本题主要考查了与力学有关的一些基本现象与原理,熟知重力的概念、力与运动的关系、平衡力和相互作用力的特点,是解答的关键。 5.下列做法能增大压强的是(  ) A.挖掘机安装履带 B.载重车装有许多车轮 C.汽车安全带做得较宽 D.溜冰鞋上装有冰刀 【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法:在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;在受力面积一定时,通过增大压力来增大压强。 减小压强的方法:在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;在受力面积一定时,通过减小压力来减小压强。 【解答】解:A、挖掘机安装履带,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强。不符合题意。 B、载重车装有许多车轮,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强。不符合题意。 C、汽车安全带做得较宽,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强。不符合题意。 D、溜冰鞋上装有冰刀,是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强。符合题意。 故选:D。 【点评】本题考查了增大和减小压强的方法,分析选项中压力和受力面积的变化是解题的关键。 6.潜水员逐渐从水里浮出水面的过程中,他受到的浮力(  ) A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.始终不变 D.先增大后不变 【分析】潜水员逐渐从水里浮出水面的过程中,由于潜水员排开水的体积逐渐减小,根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知浮力的变化。 【解答】解: 潜水员逐渐从水里浮出水面的过程中,由于潜水员排开水的体积逐渐减小,而液体的密度不变,根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知,受到的浮力逐渐减小。 故选:B。 【点评】本题考查阿基米德原理的应用,关键知道影响浮力的因素是液体的密度和物体排开液体的体积。抓住排开水的体积不变是本题的关键。 7.下列关于能量转化与能源,说法不正确的是(  ) A.电风扇通过电动机,能将电能转化为风能 B.电磁感应现象中,有其他形式的能量转化为电能 C.地热、天然气、电能都属于二次能源 D.虽然能量是守恒的,但是我们仍需节约能源 【分析】(1)在做能量的转化这种题时,我们要注意分析哪种能量增加了,哪种能量减少,因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量; (2)一次能源:直接来自自然界而未经加工转换的能源,二次能源:由一次性能源直接或间接转换而来的能源; (3)能量的转化和转移都是具有方向性的,不能反过来转化。 【解答】解: A、电风扇通过电动机,能将电能转化为风(机械)能,故A正确; B、在电磁感应现象中,导体做切割磁感线运动,产生感应电流,是机械能转化为电能,故B正确; C、地热、天然气属于一次能源,电能属于二次能源,故C错误; D、能量守恒定律:能量既不会凭空消灭,也不会凭空产生,它只会从一种形式转化为另一种形式,或者从一个物体转移到另一个物体上,在转移和转化过程中,能的总量保持不变,但是能量的转化和转移都是具有方向性的,不能反过来转化,因而人类可利用的资源是有限的,所以我们仍然要注意节约能源,故D正确。 故选:C。 【点评】本题考查学生对能量的转化、能源的分类以及能量转化和守恒定律等相关知识的掌握情况,属于基础内容的考查,比较简单。 二、多选题(本大题共1小题,共3.0分) 8.下列现象中,物体的质量没有发生改变的是(  ) A.铁块熔化成铁水 B.一块铜压成铜片 C.一块木头带到宇宙飞船中,随飞船升高 D.粗糙的铝锭被磨成光滑的圆柱体 【分析】物体中所含物质的多少叫质量。质量是物体本身的一种属性,只有在所含物质的多少发生变化时才会改变,如果只是改变了形状、状态、位置则质量不会发生改变。 【解答】解:A、铁块熔化成铁水,状态变了,所含物质的多少不变,所以质量不变。符合题意。 B、一块铜压成铜片,形状变化了,所含物质的多少不变,所以质量不变,符合题意。 C、一块木头带到宇宙飞船中,随飞船升高,木头的位置发生了变化,但是所含物质的多少不变,所以质量不变。符合题意。 D、粗糙的铝锭磨成光滑的圆柱体时,有部分铝被磨掉,故铝锭含有物质的多少发生了变化,即铝锭的质量减小。不合题意。 故选:ABC。 【点评】一个物体所含物质的多少不会受到物体的形状、状态、位置、温度的改变而改变,因此物体的质量是由这个物体决定的,是物体的一个基本属性。 三、填空题(本大题共11小题,共23.0分) 9.弹奏前调整琴弦的松紧程度,可以改变琴声的 音调 ;根据乐器发声的 音色 ,可以听出是什么乐器在演奏(选填“响度”、“音调”或“音色”)。 【分析】音调和物体振动频率有关,频率越高音调越高,频率越低音调越低。 音色是指声音的感觉特性,不同乐器、不同发声体的材料和结构不同,产生的音色会不同。 【解答】解:音调与发声体的振动频率有关,琴弦绷得越紧,振动频率越高,音调越高,弹奏前调整琴弦的松紧程度,可以改变琴声的音调; 不同乐器、不同发声体的材料和结构不同,产生的音色会不同,我们是靠音色来辨别乐器的种类。 故答案为:音调;音色。 【点评】掌握声音的三个特征:音调、响度、音色,知道频率影响音调,振幅影响响度,材料和结构影响音色。有关这几个概念要注意区分。 10.过桥米线是云南人爱吃的食物,路过米线馆可以闻见汤的香味,这是 扩散 现象;“汤钵烫手”是汤钵和手之间发生了 热传递 。 【分析】(1)一切物质的分子都在不停地做无规则运动,且温度越高,分子运动越剧烈; (2)改变物体内能的方式:做功和热传递,热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体,或者是从一个物体的高温部分传到低温部分。 【解答】解:路过米线馆可以闻见汤的香味是汤分子的无规则运动,扩散到了空气中,所以就闻见米线汤的香味; “汤钵烫手”是汤钵和手之间通过热传递的方式增加手内能。 故答案为:扩散;热传递 【点评】本题考查扩散现象、改变物体内能的方式的知识,相对比较简单。 11.湖面如镜,划桨泛舟。以划船的人为参照物,小船是 静止  的;水鸟掠过湖面时,翅膀上方空气流速 大于 (选填“大于”、“小于”或“等于”)下方,翅膀上下表面存在压强差,形成升力。 【分析】(1)运动和静止是相对的,判断物体的运动和静止,首先确定一个参照物,如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变,被研究的物体是静止的,否则是运动的。 (2)流体压强和流速的关系:在流速越大的地方压强越小,在流速越小的地方压强越大。 【解答】解: (1)以划船的人为参照物,船与划船的人之间的位置没有发生变化,所以小船是静止的; (2)水鸟飞翔时,翅膀上方空气流速大于下方,流速大的地方压强小,流速小的地方压强大,所以翅膀上方的压强小于下方,从而形成了翅膀的升力; 故答案为:静止;大于。 【点评】本题考查了运动和静止的相对性。流体压强与流速的关系;要记住每个物体的运动状态的确定,关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同,得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。 12.中国“向阳红06”海监船赴南海黄岩岛维权。船底某处距海面深度为5m,该处受到的海水压强为 5.15×104 Pa(ρ海水=1.03×l03kg/m3,g=10N/kg).若船从海里驶入河里,船身将 下沉 (选填“上浮”或“下沉”)一些。 【分析】(1)知道船底某处的深度,根据p=ρgh求出受到海水的压强; (2)船从海里驶入河里时,始终处于漂浮状态,受到的浮力和自身的重力相等,根据阿基米德原理比较排开液体的体积关系,然后得出答案。 【解答】解:(1)船底某处距海面深度为5m,则该处受到海水的压强: p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×5m=5.15×104Pa; (2)船从海里驶入河里时,始终处于漂浮状态, 因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等, 所以,船受到的浮力不变, 因河水的密度小于海水的密度, 所以,由F浮=ρgV排可知,船排开河水的体积变大,船身将下沉一些。 故答案为:5.15×104;下沉。 【点评】本题考查了液体压强公式和物体浮沉条件、阿基米德原理的综合应用,是一道基础题。 13.冰的密度为0.9×103kg/m3,表示的物理意义是 体积是1m3的冰,质量为0.9×103kg ,那么体积为2m3的冰的质量为 1800 kg。 【分析】(1)单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度,冰的密度的意义根据密度的定义说明; (2)已知冰的密度和体积,利用公式m=ρV得到冰的质量。 【解答】解: 冰的密度是0.9×103kg/m3,物理意义为:体积是1m3的冰,质量为0.9×103kg; ∵ρ=, ∴冰块的质量为:m=ρV=0.9×103kg/m3×2m3=1800kg。 故答案为:体积是1m3的冰,质量为0.9×103kg;1800。 【点评】此题考查了密度的特点、物质密度数值的物理意义和密度公式变形的简单应用,都属于基础知识,难度不大。 14.小明带着弟弟去翠湖看海鸥,湖面如镜映出海鸥的 虚 像(填“虚”或“实”),随着海鸥飞离湖面,它们在湖中的像的大小将 不变  (填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”)。 【分析】平静的湖面相当于平面镜,根据平面镜成像的特点:物体在平面镜中所成的像是虚像,像和物体的大小相等与距离无关。 【解答】解:水面上出现的海鸥的倒影就是海鸥在水面上成的虚像,随着海鸥飞离湖面,它们在湖中的像的大小将始终不改变,与海鸥大小相等。 故答案为:虚;不变。 【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握,紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答,学生容易被“海鸥飞离湖面”迷惑,误认为像变小。 15.可以直接从自然界获得的能源叫一次能源,必须通过消耗一次能源才能获得的能源叫二次能源,石油、风能、天然气、煤、电能等能源中,属于可再生能源的是 风能 ,属于二次能源的是 电能 。 【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源;短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。 一次能源是指可以从自然界直接获取的能源。如化石能源、风能、水能等;二次能源是指无法从自然界直接获取,必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。如电能等。 【解答】解:风能可以源源不断的得到,是可再生能源;电能是必须通过一次能源的消耗才能获得的,所以称为二次能源。 故答案为:风能;电能。 【点评】此题考查的是可再生能源和不可再生能源的判断,是一道基础题。 16.在空中喷洒干冰是一种人工降雨的方法,干冰使空中的水蒸气 凝华 (填物态变化名称)变成小冰粒,冰粒下降过程中熔化成水形成雨。冷藏室中取出的盒装酸奶在空气中放置一段时间后,酸奶盒表面会附有一层小水珠,这是空气中的水蒸气 放出 热量液化形成的。 【分析】(1)物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华,凝华放热; (2)物质由气态变成液态的过程叫做液化,液化放热。 【解答】解:(1)人工降雨的原理是:干冰升华吸热,空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰粒,这些小冰粒在下落过程中熔化变成雨; (2)从冰箱冷藏室中取出的盒装酸牛奶温度较低,空气中的水蒸气遇到温度较低的酸奶,液化成小水滴附着在酸奶盒上,液化放热。 故答案为:凝华;放出。 【点评】本题考查了学生对物态变化的了解情况,物态变化到处可见,要学会观察,解决此类问题的关键是能够正确判断出物质前后的状态变化。 17.在医院等公共场所设有“禁止吸烟”的标志,这是因为在公共场所“一人吸烟,多人被动吸烟”,这种说法的依据是:组成物质的分子在不停息地做 无规则运动 。冬天手冷时,我们用搓手的方式使手变暖和,这是采用 做功 的方式来增加手的内能。 【分析】物质是由大量分子组成的,分子在永不停息地做无规则运动;改变物体内能的方式:做功和热传递。 【解答】解:在公共场所“一人吸烟,多人被动吸烟”,这种说法的依据是:组成物质的分子在不停息地做无规则运动,烟分子运动到空气中,周围人会被动吸烟; 冬天手冷时搓手,克服摩擦做功,机械能转化为内能,这是采用做功的方式来增加手的内能。 故答案为:无规则运动;做功。 【点评】分子动理论记住三句话:物体是由大量分子组成的,分子在永不停息的做无规则运动,分子间存在相互的引力和斥力。还要理解做功和改变物体内能是等效的。 18.如图1是通过电阻R和小灯泡L的电流随电压变化的图象。若将它们接入如图2所示的电路中,电源电压3V,当只闭合开关S时,小灯泡的实际功率为 2.4 W;再闭合开关S1,经过10s电路消耗的电能为 36 J。 【分析】(1)当只闭合开关S时,电路中只有与小灯泡L,结合图1可知,此时的电源电压应为3V,电流为0.8A,根据P=UI算出灯泡的实际功率; (2)当再闭合S1时,电阻R与灯泡L并联,R两端电压为0.3V,对应的电流为0.4A; 根据并联电路的电流规律和公式W=Pt和P=UI可以计算出消耗的电能。 【解答】解:(1)只闭合开关S时,电路中只有与小灯泡L,图1可知,UL=3V,IL=0.8A; 小灯泡的实际功率为:P实=ULIL=3V×0.8A=0.24W; (2)再闭合S1时,电阻R与灯泡L并联,即UR=3V,IR=0.4A; 此时电路中的电流为:I=IL+IR=0.8A+0.4A=1.2A, 由W=Pt=UIt得,经过10s电路消耗的电能为: W=Pt=UIt=3V×1.2A×10s=36J。 故答案为:2.4;36。 【点评】本题考查学生获取信息的能力和对公式P=UI的理解,掌握并联电路中各支路两端的电压相等,利用P=UI和W=Pt进行计算。 19.如图所示,体温计的示数为 37.6 ℃。 【分析】首先观察体温计的量程为35~42℃,最小分度值为0.1℃,由此可以读出体温计的示数。 【解答】解: 由图可知,体温计的液柱在37~38℃之间,分度值为0.1℃,因此体温计的示数为37℃+6×0.1℃=37.6℃。 故答案为:37.6。 【点评】使用温度计时,首先要观察温度计的量程和最小分度值,读数时视线要与温度计中液体柱的上表面相平。 四、计算题(本大题共4小题,共28.0分) 20.请在图中画出沿斜面向上运动的物体受到的摩擦力f的示意图。 【分析】摩擦力的方向不一定跟物体运动的方向相反,但一定跟物体相对运动的方向或趋势相反。 【解答】解:物体在斜面上沿斜面向上运动,所以受沿斜面向下的摩擦力,作用点在物体下端与斜面接触处。如图所示: 【点评】画力的示意图的一般步骤为:一画简图二定点,三画线,四画尖,五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤,很容易能够画出指定力的示意图。 此题关键是确定摩擦力的方向。 21.2017年5月18日,中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功,实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染,储量巨大,是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大,是天然气热值的10倍以上,若按15倍计算。[c水=4.2×103J/(kg?℃),天然气的热值q=7.0×107J/m3]求: (1)体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少? (2)若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收,则水升高的温度是多少? 【分析】(1)知道“可燃冰”体积和热值,利用Q放=Vq,求0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量; (2)知道加热效率,利用η=求被水吸收的热量;再根据Q吸=cm△t求出水升高的温度。 【解答】解: (1)由题意可得,可燃冰的热值:q可燃冰=15q天然气=15×7.0×107J/m3=1.05×109J/m3; 0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量: Q放=Vq可燃冰=0.01m3×1.05×109J/m3=1.05×l07J; (2)由η=得被水吸收的热量: Q吸=ηQ放=90%×1.05×l07J=9.45×106J; 由Q吸=cm△t可得, 水升高的温度:△t===22.5℃。 答:(1)0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05×l07J; (2)水升高度的温度是22.5℃。 【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用,属于常见题目。 22.中国首艘国产航母001A于2017年4月26日正式下水(如图)。下水方式采用了漂浮式下水,这也是现代航母建造中普遍使用的下水方式。漂浮式下水是打开闸门让海水注入船坞(停泊、修理或制造船只的地方),船依靠浮力浮起后驶离船坞。(g取10N/kg,海水密度取1.0×103kg/m3)问: (1)航母001A设计满载排水量约7万吨,那么它满载时受到的浮力是多少; (2)水面下4m处海水产生的压强是多少; (3)一位质量为60kg的歼15舰载机飞行员来到航母的水平甲板上,若双脚与甲板的接触面积是400cm2,则他双脚站立时对甲板的压强是多少。 【分析】(1)知道航母满载排水量(排开水的质量),利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力; (2)已知深度,利用液体压强公式p=ρgh。 (3)在水平甲板上,飞行员对甲板的压力等于飞行员的重力,求出站立时的着地面积,再利用压强公式p=求飞行员站立时对甲板的压强。 【解答】解:(1)满载时排水量:m排=70000t=7×107kg, 航母满载时受到的浮力:F浮=G排=m排g=7×107kg×10N/kg=7×108N; (2)水面下4m处海水产生的压强: p=ρ海水gh=1.0×103kg/kg×10N/kg×4m=4×104pa。 (3)在水平甲板上,对地面的压力:F=G=mg=60kg×10N/kg=600N, 站立时着地面积:S=0.04m2, 双脚站立时对甲板的压强: p===1.5×104Pa; 答:(1)航母001A设计满载排水量约7万吨,那么它满载时受到的浮力是7×108N; (2)水面下4m处海水产生的压强是4×104pa。 (3)他双脚站立时对甲板的压强是1.5×104Pa。 【点评】本题考查压力和压强的计算,关键是知道在水平地面上压力等于物体重力,最容易出错的是受力面积的计算; 还考查浮力的计算,以及排水量的有关问题,关键是知道排水量就是轮船满载时排开水的质量。还要知道轮船漂浮时浮力等于自身重力。 23.如图所示,R1=25Ω,小灯泡L的规格为“2.5V 0.5A”,电源电压保持不变,求: (1)小灯泡正常发光时的电阻; (2)S1、S2都断开时,小灯泡L正常发光,求电源电压; (3)S1、S2都闭合时,电流表的示数变为0.9A,求R2的阻值。 【分析】(1)用电器正常工作时,实际电压等于额定电压,实际电流等于额定电流,利用R=求解; (2)利用用电器正常工作时的特点,简化电路,结合串联电路的电流电压特点解题; (3)利用并联电路的电流电压规律,结合欧姆定律解题; 【解答】解:(1)小灯泡正常发光时,其实际电压等于额定电压,实际电流等于额定电流, R灯===5Ω; (2)S1、S2都断开时,电路简化如图1所示: L与R1串联,小灯泡正常发光,故实际电流等于额定电流, 电路电流I=I灯=I额=0.5A 电源电压U总=IR总=I(R1+R灯)=0.5A×(25Ω+5Ω)=15V; (3)S1、S2都闭合时,电路简化如图2所示: R1与R2并联,电流表A测干路电流I并 U1=U2=U=15V R1电流I1===0.6A; R2====50Ω; 答:(1)小灯泡正常发光时的电阻是5Ω; (2)电源电压为15V; (3)R2的阻值为50Ω。 【点评】本题要求我们熟练掌握欧姆定律及功率的计算公式,理解串并联电路电流电压特点,对于由开关的断开与闭合引起的电路变化要认真分析,会简画电路图。 五、作图题(本大题共1小题,共3.0分) 24.物体AB放在平面镜前,请在图中画出它经平面镜所成的像。 【分析】平面镜成像的特点是:像与物关于平面镜对称,可以先作出物体A、B端点AB的像点A′、B′,连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。 【解答】解:先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′,用虚线连接A′、B′即为物体AB的像,如图所示: 【点评】在平面镜成像作图中,若作出物体在平面镜中所成的像,要先根据像与物关于平面镜对称,先作出端点和关键点的像点,再用虚线连接各点即为物体的像。 六、实验探究题(本大题共3小题,共22.0分) 25.利用如图装置进行探究光的反射规律实验。 (1)让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面,在纸板B上可看到光线沿OF方向射出,在纸板上,用笔描出光线EO和OF的轨迹,则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是 入射角 ,FO与垂直镜面的直线ON的夹角r是 反射角 (选填“入射角”或“反射角”)。 (2)多次改变入射角的大小,测得实验数据如表,如图所示,分析数据可得:反射角 等于 (选填“大于”“小于”或“等于”)入射角:当入射角变大时,光线OF将 远离 (选填“远离”或“靠近”)直线ON。 (3)以直线ON为轴线。把纸板B向后折,在纸板B上 不能 (选填“能”或“不能”看到反射光线OF,由此说明反射光线、入射光线与法线在 同一 (选填“同一”或“不同”)平面内。 (4)在做实验过程中,从教室各个方向都能观察到粗糙纸板表面反射的光线,这种反射属于 漫反射 (选填“镜面反射”或“漫反射”)。 序号 ∠i ∠r 1 30° 30° 2 45° 45° 3 50° 50° 【分析】(1)入射光线与法线的夹角为入射角;反射光线与法线的夹角为反射角; (2)根据表中数据可得出结论。 (3)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析,使光屏不在一个平面内,观察现象,得出结论。 (4)漫反射和镜面反射的特点,以及根据不同的情况应用于生活中的不同的地方。 【解答】解:(1)EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是入射光线与法线的夹角为入射角;FO与垂直镜面的直线ON的夹角r是反射光线与法线的夹角为反射角; (2)由表中数据可知,多次改变入射光线的方向,反射角始终等于入射角;当入射角变大时,反射角也增大,故光线OF远离直线ON。 (3)当两块硬纸板在一个平面内时,看以看到入射光线和反射光线,将硬纸板F向后折转一个角度后,看不到反射光线,由此说明入射光线、反射光线和法线在同一个平面内。 (4)从教室各个方向都能观察到粗糙纸板表面反射的光线,是因为光照到上面是发生了漫反射。 故答案为: (1)入射角;反射角; (2)等于;远离; (3)不能;同一; (4)漫反射。 【点评】实验题是中考中必不可少的题目,要加强实验教学,引导学生从实验中分析现象,归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力,本题考查了研究光的反射定律的实验。 26.如图所示,小天在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验过程中,实验的装置如图甲所示。 (1)在图甲实验装置中,存在的错误是 温度计玻璃泡碰到了烧杯底 。 (2)图乙是小天三次观察温度计示数时眼睛的位置,其中正确的是 2 (选填“1”“2”或“3”)。 (3)改正错误后,继续进行实验,小天发现水在沸腾过程中,产生的气泡体积在上升过程中 变大 (选填“变大”“变小”或“不变”),温度计示数保持不变,但需要酒精灯持续加热,这说明水在沸腾过程中要 吸热 。 (4)实验过程中,小天将实验数据填入表中如图12所示,由实验数据得出结论:水的沸点为 98 ℃,由数据可知,烧杯内气压 小于 (选填“大于”“小于”或“等于”)一个标准大气压。 (5)由实验数据表可以得出:水沸腾时的特点是 继续吸热但温度保持不变 。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 【分析】(1)温度计测量温度时,玻璃泡不能碰到容器底或容器壁;利用外焰在正下方加热;烧杯下方必须加石棉网防止烧杯炸裂; (2)温度计读数时眼睛应于刻度相平; (3)水沸腾前,下层的水温度高于上层水温度,气泡上升过程中,气泡内的水蒸气遇冷液化成小水珠,气泡越来越小;水沸腾时,整个容器内水温相同,气泡上升过程中,不断有水变为水蒸气进入气泡,气泡越来越大;水沸腾的特点是吸热,但温度不变。 (4)根据水沸腾的特点:继续吸热,温度不变,可知水的沸点,液体的沸点随气压的降低而降低,可知此时实验室内的气压小于一个标准大气压。 (5)掌握水沸腾时的特点,知道水沸腾过程中吸热但温度保持不变。 【解答】解:(1)观察甲图可知,图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯底; (2)图乙是小天三次观察温度计读数时眼睛的位置,其中正确的是视线与刻度相平的2; (3)水沸腾时,整个容器内水温相同,气泡上升过程中,不断有水变为水蒸气进入气泡,产生的气泡体积在上升过程中变大; 实验时,沸腾后温度计示数不再变化,但需要酒精灯持续加热,这说明液体在沸腾过程中要吸热; (4)根据水沸腾的特点:继续吸热,温度不变,可知水的沸点为98℃,液体的沸点随气压的降低而降低,由此可知此时实验室内的气压小于一个标准大气压。 (5)从表格中数据及沸腾图象可以看出,水沸腾时的特点是继续吸热但温度保持不变。 故答案为:(1)温度计玻璃泡碰到了烧杯底;(2)2;(3)变大;吸热;(4)98℃;小于;(5)继续吸热但温度保持不变 【点评】本题探究的是水的沸腾,涉及到的知识点有温度计的读数、图象的绘制、气压与沸点的关系等热学知识,是一道综合题目,全面掌握基础知识是解题关键。 27.如图所示是用压强计“探究影响液体内部压强大小因素”的实验,除②图杯中装的浓盐水外,其余杯里装的都是水。 (1)压强计是通过 U 形管中液面的 高度差  来反映被测压强大小的;使用前应检查装置是否漏气,方法是用手轻轻按压几下橡皮膜,如果 U 形管中的液体能灵活升降,则说明装置 不漏气 (选填“漏气”或“不漏气”); (2)比较②③两次实验,可以得出的结论是:液体内部压强大小跟液体 密度  有关,当 深度  相同时, 液体密度  越大,液体压强越大; (3)比较 ④⑤⑥  三次实验,是为了探究液体内部压强大小跟液体深度的关系,可以得出的结论是: 同种液体中,深度越深,压强越大 ; (4)比较①③④三次实验,可以得出的结论是: 同种液体中,同一深度处,液体各个方向压强相等 。 【分析】(1)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映来反映被测压强的大小;使用前应检查装置是否漏气,方法是用手轻轻按压几下橡皮膜,如果U形管中的液体能灵活升降,则说明装置不漏气; (2)比较②③两幅图,U形管两边的液面高度差变大,即液体内部压强变大,由于深度、方向一样,所以压强变大是密度变大的原因。 (3)比较④⑤⑥三幅图,U形管两边的液面高度差变大,即液体内部压强变大,由于密度、方向一样,压强变大是深度变大的原因。 (4)比较①③④三幅图,U形管两边的液面高度差相等,即液体内部压强不变,由于密度、深度一样,说明液体内部压强与方向无关。 【解答】解: (1)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映来反映被测压强的大小;使用前应检查装置是否漏气,方法是用手轻轻按压几下橡皮膜,如果U形管中的液体能灵活升降,则说明装置不漏气; (2)比较②③得,液体深度相同时,液体密度越大,U型管左右两管液面差越大,液体压强越大。所以液体深度相同时,液体的密度越大,液体压强越大。 (3)比较④⑤⑥得,液体密度一定时,液体越深,U型管左右两管液面差越大,液体压强越大。所以液体压强跟液体深度有关。 (4)由实验①③④得,液体深度相同,密度相同,方向不同,U型管左右两管液面相平,液体压强相同。所以相同深度,同种液体向各个方向的压强都相等。 故答案为:(1)高度差;不漏气;(2)密度;深度;液体密度;(3)④⑤⑥;同种液体中,深度越深,压强越大;(4)同种液体中,同一深度处,液体各个方向压强相等。 【点评】掌握液体压强大小的影响因素,利用控制变量法探究液体压强大小的影响因素。

  • ID:6-5693132 2019年四川省内江市东兴区中考物理一模试卷(解析版)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    2019年四川省内江市东兴区中考物理一模试卷 一、本大题共12小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的. 1.以下说法正确的是(  ) A.托里拆利发现了流体压强与流速的关系 B.法拉第发现了电流的磁效应 C.牛顿总结出了惯性定律 D.奥斯特通过a粒子散射实验,提出了原子核式结构模型 2.关于能源和材料,下列说法中正确的是 (  ) A.太阳能、风能、天然气都是可再生能源 B.提高能量转化利用中的效率是节能问题的核心 C.超导体材料主要是应用在电饭锅等电器上 D.铜是磁性材料,可以被磁化 3.下列描述符合安全用电要求的是(  ) A.家庭电路中安装空气总开关后,就绝对安全了 B.多个大功率用电器同时使用一个插座 C.电水壶金属外壳接地 D.手机充电时接打电话 4.下列有关声现象的说法中,错误的是(  ) A.地震幸存者在废墟中敲打铁管向外传递信息是利用了铁管传声性能好的特性 B.小提琴演奏者通过变换手指按压弦的位置来改变琴弦发声的响度 C.蝙蝠靠超声波探测飞行中的障碍和发现昆虫 D.学校楼道内设立“轻声慢步”标志的目的是在声源处减弱噪声 5.同学们在学习光现象过程中有许多说法,我们从中选出四种: ①光年是一个非常大的时间单位; ②“坐井观天,所见甚小”隐含了光的直线传播原理; ③平静湖面上的“倒影”,说明平面镜成“与物等大正立的像”的规律不成立; ④透过书桌上的玻璃板看玻璃板下面的字,看到的是字的虚像。 对这些说法正误的判断,都正确的是(  ) A.①②③④都正确 B.①②④正确,③错误 C.②③正确,①④错误 D.②④正确,①③错误 6.如图中,与雾凇的形成原理一致的是(  ) A.铁丝网上的白霜 B.草叶上的露珠 C.屋檐下的冰凌 D.冰冻的衣服变干 7.如图是我国奥运健儿参加双人皮划艇竟赛的情景,以下有关说法错误的是(  ) A.他们用的船奖是费力杠杆 B.使船前进的力的施力物体是水 C.船受到的浮力等于船的重力 D.皮划艇加速向前冲时,它受到的合力不为零 8.下列说法错误的是(  ) A.潜水艇是通过改变自身重力来实现下沉与上浮的 B.在真空中频率越高的电磁波传播速度越快 C.切菜的刀磨得很锋利是为了增大压强,鞋底有花纹是为了增大摩擦 D.随着海拔高度的增加,大气压会减小,水的沸点会降低 9.如图A所示,纸带穿过打点计时器(每隔一定时间在纸带上打下一个点)与一木块左端相连,木块在弹簧测力计作用下沿水平桌面(纸面)向右运动时,就能在纸带上打出一系列的点。图中①和②是打点计时器先后打出的两条纸带,与其对应的测力计的示数分别为F1、F2,木块运动的速度分别为v1、v2,那么(  ) A.F1<F2 v1<v2 B.F1=F2 v1<v2 C.F1=F2 v1>v2 D.F1>F2 v1>v2 10.POS机的刷卡位置由一个绕有线圈的小铁环制成的检测头如图所示)。在使用时,将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下,检测头的线圈中就会产生变化的电流,POS机便可读出磁条上的信息。如图中实验现象与POS机读出信息原理相同的是(  ) A.甲图中导线接触电源时,小磁针偏转 B.乙图中闭合开关,铁钉吸引大头针 C.丙图中闭合开关,导体ab水平运动 D.丁图中导体ab向右运动,电流表指针偏转 11.为了测定风速的大小,小明设计了四种装置,如图所示。图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可上下移动。现要求:当风吹过探头时,滑动变阻器R2的滑片P向上移动,且风速增大时电压表的示数增大。以下四个图中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 12.如图甲所示电路中,电源电压保持不变,闭合开关S后,滑片P在左右两端间滑动的过程中,小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示,则下列说法正确的是(  ) A.电源电压为15V B.变阻器的最大阻值为10Ω C.电路总功率的变化范围为3~24W D.灯泡两端电压为4.5V时,灯泡的功率小于6.75W 二、填空题(本大题7小题,每空3分,共42分.把正确答案直接填在答题卡相应的横线上) 13.如图物体A的长度是   cm,秒表的读数是   s. 14.在CBA2017~2018赛季中,辽宁队勇夺总决赛冠军。图为韩德君空接上篮的情景,传球队员把篮球上抛到篮筐附近,韩德君起跳接球扣篮得分。篮球在离手后上升的过程中,球的动能转化为   能。篮球从上升状态到被扣进篮筐的过程中,运动轨迹明显改变,说明力可以改变物体的   。(不计空气阻力) 15.一个空心工艺铁球重5N,将它用细线系在弹簧测力计下浸没水中时,测力计的示数恰好为0.则铁球受到的浮力是   N.若此时将细线剪断,铁球将   (选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。 16.2018年1月26日港珠澳大桥珠海公路口岸工程完工。如图所示的港珠澳大桥全长55公里,若一辆小汽车用33min通过了全桥,则小汽车的平均速度是   km/h;大桥严禁超载车辆通行,以避免超载车辆对大桥产生的   过大而造成大桥桥面损坏。 17.某医院急诊室的氧气瓶中,氧气的密度为5kg/m3,给急救病人供氧用去了氧气质量的一半,则瓶内剩余氧气的密度是   kg/m3;病人需要冰块进行物理降温,取450g水凝固成冰后使用,其体积增大了   cm3.(ρ冰=0.9×103kg/m3) 18.如图甲所示,两个重20N的相同的物块A、B叠放在一起,受到10N的水平推力F1的作用,在水平地面上一起做匀速直线运动,则此时物体B受到摩擦力大小是   N;若将B与A并列,并让它们一起在同一水平地面上匀速前进,那么需要的水平推力F2   F1(填“>”“=”或“<”)。 19.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时,电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V.则电源电压为   V,R1先后两次消耗的电功率之比P1:P2=   。 三、本大题共3小题,共10分,按要求完成下列各题. 20.(3分)完成光路图,根据图中的入射光线或折射光线作出相应的折射光线或入射光线。 21.(3分)如图所示,木块A放在平板小车上,与车一起向左做匀速直线运动,当小车受外力作用突然减速时,木块随即在小车的平板上滑行。画出此时木块的受力示意图。 22.用笔画线代替导线,将图中的灯泡和三线插座正确连入家庭电路中。 四、实验探究题,本大题共2小题,共20分,按要求完成下列各题. 23.结合图中的实验情景,按照要求回答下列问题, (1)对图①中的两支蜡烛的要求是   ; (2)图②中,   (选填“甲”或“乙”)的机械效率高; (3)图③研究的是电流产生的热量跟   的关系; 24.(14分)小明学习了电功率的概念后,要对小灯泡的电功率进行研究: (a)取两个阻值不同的灯泡L1、L2要研究它们的电功率跟哪些因素有关?他设计了如图1所示的电路图。要探究它们的电功率跟电流的关系,应采用图甲、乙两图中的   电路图。 (b)要“测量小灯泡的额定功率”,现有器材:电源(电压恒为6V)、开关、电压表、电流表各一个,导线若干,额定电压为3.8V的待测小灯泡(电阻约为12Ω),滑动变阻器两个(A:“5Ω2A“;B:“20Ω0.5A”)。 (1)该实验,应选用的滑动变阻器是   (选填“A”或“B”)。 (2)如图甲所示是小明同学连接的实物电路图,图中只有一根导线连接错误,请你在图中用“×”标出这根错接的导线,只改接一根导线使电路成为正确的电路(不能与其他导线交叉)。 (3)小明确认电路连接无误后闭合开关,无论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压,电流表示数几乎为零,则电路的故障是   。 (4)排除故障后,移动滑动变阻器的滑片,并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示,则该小灯泡的额定功率为   W。 (5)该组的另一同学接着实验时,发现电压表0~15V量程已经损坏,0~3V量程还可以正常使用,在不添加器材的情况下,为了测出该小灯泡的额定功率,请你在丙图中的虚线框内画出正确的电路图。 (6)由图乙推知:小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1,小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2,则P1   P2(选填“大于”、“小于或“等于”)。 五、综合运用与计算题(本大题2小题,25题7分,26题8分,共15分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程,只写结果不得分) 25.(7分)我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600如图所示,AG600空载时质量为40t,最多可储水10t。,为检测飞机性能,先后进行了模拟灭火和水面滑行测试。 ①在灭火测试中:飞机盘悬在火场上方150m处,将所蓄水分次投下,每次投水200kg,用时20s到达地面。求每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率; ②在水面滑行测试中:AG600蓄一定质量的水,若飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.4×106W.飞机在水面上以36km/h的速度匀速滑行了1min,滑行过程中飞机总重力为所受阻力f的2倍。求这次测试所蓄水的质量为多少千克。(取g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3) 26.(8分)如图是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电阻丝R1和热敏电阻R2,只要水平到过如图所示的位置,接触开关S1就会导通。继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。 (1)已知电热丝R1的阻值为24.2Ω,求饮水器的正常加热功率。 (2)当热水在加热的过程中,继电器开关中电磁铁的右端为   极,为了使继电器开关S2在饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路,Rx必须选用阻值随温度升高而   的热敏电阻。若想降低饮水器加热的最高温度,可将滑动变阻器R2的滑片向   调节。 (3)已知该饮水器容积为l0L,当只有饮水器接入电路中时,它将水从20℃加热到l00℃用时16min,同时通过电能表观察到饮水器消耗了1kW?h的电能。试求该饮水器加热过程中的热效率。(水的比热容c=4.2×103J/(kg?℃);水的密度ρ=1.0×103kg/m3) 2019年四川省内江市东兴区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 一、本大题共12小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的. 1.以下说法正确的是(  ) A.托里拆利发现了流体压强与流速的关系 B.法拉第发现了电流的磁效应 C.牛顿总结出了惯性定律 D.奥斯特通过a粒子散射实验,提出了原子核式结构模型 【分析】根据物理学史和常识解答,记住一些物理学家及他们的贡献即可得出答案。 【解答】解:A、托里拆利利用水银柱首次测出了大气压强的数值是1.013×105Pa;伯努利发现了流体压强与流速的关系,故A错误; B、奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,即电流的磁效应;而法拉第发现了电磁感应现象,故B错误; C、英国科学家牛顿在总结前人研究成果的基础上,概括出来牛顿第一定律,又称惯性定律,故C正确; D、卢瑟福通过α粒子散射实验,提出了原子核式结构模型,故D错误。 故选:C。 【点评】本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一。 2.关于能源和材料,下列说法中正确的是 (  ) A.太阳能、风能、天然气都是可再生能源 B.提高能量转化利用中的效率是节能问题的核心 C.超导体材料主要是应用在电饭锅等电器上 D.铜是磁性材料,可以被磁化 【分析】解决此题要知道风能、太阳能等是可再生资源,其资源丰富,取之不尽用之不竭,而天然气等是非可再生资源; 现在节能的主要措施核心还是利用科技提高能量的转换率,加大对可再生资源的开发利用; 超导材料在超导状态下具有零电阻和完全的抗磁性,因此只需消耗极少的电能,常用来输电等。 【解答】解:A、天然气不是可再生资源,原选项说法错误,不符合题意; B、节能的核心还是提高能量的转换利用率,选项说法正确,符合题意; C、超导体材料主要应用在发电、输电和储能,原选项说法错误,不符合题意; D、铜不是磁性材料,不能被磁化,原选项说法错误,不符合题意; 故选:B。 【点评】此题考查了对可再生资源的判断及合理节约能源的措施方法,知道磁化材料和超导材料的应用。 3.下列描述符合安全用电要求的是(  ) A.家庭电路中安装空气总开关后,就绝对安全了 B.多个大功率用电器同时使用一个插座 C.电水壶金属外壳接地 D.手机充电时接打电话 【分析】(1)为防止因为干路电流过大引起火灾,家庭电路中必须安装保险丝或空气开关。 (2)多孔插座各用电器也是并联的,若电路中的总功率过大,会使电路中的电流过大。 (3)大功率或带有金属外壳的用电器,其金属外壳一定要接地。 (4)手机在进行充电时上网或通话,此时的辐射非常大,会对人体造成损伤。 【解答】解:A、安装空气总开关只能在电流过大时自动切断电路,并不能在漏电或有人触电时 切断电路;为了用电的安全,在电路中应安装漏电保护器,故A不符合安全用电常识; B、多个大功率用电器同时使用一个插座,会使总功率过大,造成电流过大,容易引起火灾,故B不符合安全用电常识; C、大功率或带有金属外壳的用电器,其金属外壳一定要接地,以防用电器外壳带电,会危及人身安全,故C符合安全用电常识; D、手机在开机状态下充电时,不要接打电话,故D不符合安全用电常识。 故选:C。 【点评】本题考查安全用电的常识,解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。为防止因电带来的伤害,不能违反。 4.下列有关声现象的说法中,错误的是(  ) A.地震幸存者在废墟中敲打铁管向外传递信息是利用了铁管传声性能好的特性 B.小提琴演奏者通过变换手指按压弦的位置来改变琴弦发声的响度 C.蝙蝠靠超声波探测飞行中的障碍和发现昆虫 D.学校楼道内设立“轻声慢步”标志的目的是在声源处减弱噪声 【分析】(1)声音能够在固体、液体、气体中传播,固体传声最快,液体次之,气体最慢; (2)音调指声音的高低,是由物体振动的频率决定的,响度指声音的强弱,是由物体振动的振幅决定的; (3)蝙蝠可以发出超声波,利用回声定位的方法发现昆虫的; (4)防治噪声的途径:在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。 【解答】解:A、固体传声比气体好,地震幸存者在废墟中敲打铁管向外传递信息是利用了铁管传声性能好的特性,该选项说法正确,不符合题意; B、小提琴演奏者通过变换手指按压弦的位置来改变琴弦发声的音调,该选项说法不正确,符合题意; C、蝙蝠靠超声波探测飞行中的障碍和发现昆虫,利用了声音传递信息,该选项说法正确,不符合题意; D、学校楼道内设立“轻声慢步”标志的目的是在声源处减弱噪声,该选项说法正确,不符合题意。 故选:B。 【点评】本题考查了声音的相关知识,属于基础知识的考查,比较简单,记住相关知识点是解决问题的关键。 5.同学们在学习光现象过程中有许多说法,我们从中选出四种: ①光年是一个非常大的时间单位; ②“坐井观天,所见甚小”隐含了光的直线传播原理; ③平静湖面上的“倒影”,说明平面镜成“与物等大正立的像”的规律不成立; ④透过书桌上的玻璃板看玻璃板下面的字,看到的是字的虚像。 对这些说法正误的判断,都正确的是(  ) A.①②③④都正确 B.①②④正确,③错误 C.②③正确,①④错误 D.②④正确,①③错误 【分析】光年是光一年所走的路程是长度单位;由于光沿直线传播所以“坐井观天,所见甚小”;平面镜所成的像与物体关于平面镜对称;光通过玻璃板会发生折射,会形成虚像。 【解答】解:光年是长度单位,不是时间单位,故①错误。 光沿直线传播所以“坐井观天,所见甚小”故②正确。 平面镜所成的像与物体关于平面镜对称,平静湖面上的“倒影”也是平面镜成像,平面镜成“与物等大正立的像”的规律成立,故③错误。 光通过玻璃板会发生折射,会形成虚像。所以看到的是字的虚像,故④正确。 所以A,B C错误,D正确。 故选:D。 【点评】本题看出学生对光年,光沿直线传播,平面镜成像,光的折射这些光学知识的综合应用。 6.如图中,与雾凇的形成原理一致的是(  ) A.铁丝网上的白霜 B.草叶上的露珠 C.屋檐下的冰凌 D.冰冻的衣服变干 【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华,物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化,由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化,由液态变为固态叫凝固。 【解答】解:雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶; A、白霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的,故A正确; B、露珠的形成属于液化现象,故B错误; C、冰凌的形成是凝固现象;故C错误; D、冰冻的衣服变干属于升华现象;故D错误; 故选:A。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化,关键要看清物态变化前后,物质各处于什么状态;另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 7.如图是我国奥运健儿参加双人皮划艇竟赛的情景,以下有关说法错误的是(  ) A.他们用的船奖是费力杠杆 B.使船前进的力的施力物体是水 C.船受到的浮力等于船的重力 D.皮划艇加速向前冲时,它受到的合力不为零 【分析】(1)动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆,动力臂小于阻力臂的是费力杠杆; (2)力是物体对物体的作用,物体间力的作用是相互的; (3)根据阿基米德原理,物体受到的浮力等于排开液体的重力,漂浮在水面上的物体受到的浮力等于物体自身重力; (4)物体处于平衡状态时,合力为零,受非平衡力作用时受到的合外力不为零。 【解答】解:A、用船桨划船时,动力臂小于阻力臂,因此船桨是费力杠杆,故A正确; B、物体间力的作用是相互的,当用船桨划船时,船桨对水有一个向后的力,同时水对船桨有一个向前的力,使船前进,故使船前进的力的施力物体是水,故B正确; C、船漂浮在水面上,因此船受到的浮力等于船和人的总,而不是船的重力,故C错误; D、皮划艇加速向前冲时,处于非平衡状态,它受到的合力不为零,故D正确。 故选:C。 【点评】本题通过划船考查相关的物理知识,注重了物理知识和生活的联系,是中考的热点题型。 8.下列说法错误的是(  ) A.潜水艇是通过改变自身重力来实现下沉与上浮的 B.在真空中频率越高的电磁波传播速度越快 C.切菜的刀磨得很锋利是为了增大压强,鞋底有花纹是为了增大摩擦 D.随着海拔高度的增加,大气压会减小,水的沸点会降低 【分析】(1)潜水艇浸没在水中,潜水艇的体积不变(排开水的体积不变),受浮力不变;通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力; (2)电磁波是由变化电磁场产生的,电磁波有:无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、γ射线。它们的波长越来越短,频率越来越高; (3)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,通过增大压力来增大摩擦力;在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 增大压强的方法:是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;是在受力面积一定时,通过增大压力来增大压强。 (4)大气压随高度的增加而减小;大气压强越小,水的沸点越低。 【解答】解:A、在水中,潜水艇受到水的浮力和重力的作用, 因为F浮=ρ水v排g,潜水艇的体积不变,排开水的体积不变, 所以潜水艇受到水的浮力不变; 把压缩空气压入潜水艇的压力舱,将海水排出,潜水艇自重G减小,当F浮>G时,潜水艇上浮; 打开压力舱的阀门,让海水进入压力舱内,潜水艇自重G增大,当F浮<G时,潜水艇下沉; 当F浮=G时,潜水艇悬浮或漂浮,可以静止不动; 由此可见,潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。故A正确; B、在真空中所有频率的电磁波的传播速度都相同,故B错误; C、切菜的刀磨得很锋利是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;鞋底有花纹是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力,故C正确; D、随着海拔高度的增加,大气压会减小,水的沸点会降低。故D正确。 故选:B。 【点评】本题综合考查物体的沉浮条件及应用、增大摩擦和减小压强的方法,以及大气压与高度的关系,综合性很强,但都属于基础知识,比较简单。 9.如图A所示,纸带穿过打点计时器(每隔一定时间在纸带上打下一个点)与一木块左端相连,木块在弹簧测力计作用下沿水平桌面(纸面)向右运动时,就能在纸带上打出一系列的点。图中①和②是打点计时器先后打出的两条纸带,与其对应的测力计的示数分别为F1、F2,木块运动的速度分别为v1、v2,那么(  ) A.F1<F2 v1<v2 B.F1=F2 v1<v2 C.F1=F2 v1>v2 D.F1>F2 v1>v2 【分析】打点器每打两个点之间的时间段是相等的,由纸带①上的点可知,在相同的时间内纸带运动的距离是相等的,知道做的是匀速运动,同样的道理,纸带②做的也是匀速直线运动;而纸带①和纸带②在相同的时间内运动的距离不同,纸带②运动的距离长,说明纸带②的速度大; 匀速直线运动状态是一种平衡状态,物体处于平衡状态时受到的是一种平衡力,平衡力的大小相等,所以木块受到的拉力即弹簧测力计的示数等于木块受到的摩擦力; 影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度,这两个因素都不变时,摩擦力的大小不变。 【解答】解:由纸带上的点可知,相同时间内纸带运动的距离是相等的,速度是一定的,做的是匀速直线运动,相同的时间内第二个纸带运动的距离长,速度大,用关系式表示为v1<v2; 和纸带连接的木块也是做匀速直线运动的,木块受到弹簧测力计的拉力和摩擦力就是一对平衡力;木块在不同的速度下,对地面的压力和地面的粗糙程度是一定的,摩擦力也就是相等的,拉力也就是相等的,用关系式表示为F1=F2。 故选:B。 【点评】解答此题的关键是木块的受力分析,我们要能够从木块的运动状态分析出木块的受力情况,从而得出结论; 此题有一个隐含条件,是打点器每隔相同的时间打下一个点,我们做题时要能够找出题中的隐含条件。 10.POS机的刷卡位置由一个绕有线圈的小铁环制成的检测头如图所示)。在使用时,将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下,检测头的线圈中就会产生变化的电流,POS机便可读出磁条上的信息。如图中实验现象与POS机读出信息原理相同的是(  ) A.甲图中导线接触电源时,小磁针偏转 B.乙图中闭合开关,铁钉吸引大头针 C.丙图中闭合开关,导体ab水平运动 D.丁图中导体ab向右运动,电流表指针偏转 【分析】按题意所说,刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理,闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时,导体中有感应电流产生,这种现象是电磁感应现象,在选项中找出探究电磁感应的对应图即可。 【解答】解:刷卡机检测头利用的是电磁感应现象原理,闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时,导体中有感应电流产生,这种现象是电磁感应现象。 A、甲图中导线接触电源时,小磁针偏转,说明电流周围存在着磁场,故A不符合题意; B、乙图中闭合开关,铁钉吸引大头针,说明通电螺线管的周围存在着磁场,故B不符合题意; C、丙图中闭合开关,导体ab水平运动,是通电导体在磁场中受力运动,故C不符合题意; D、丁图中导体ab向右运动,电流表指针偏转,说明闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时,导体中有感应电流产生,这是电磁感应现象,故D符合题意。 故选:D。 【点评】电动机和发电机的原理图非常相似,主要区别是电路中是否有电源,电路中有电源的是电动机,电路中没有电源的是发电机 11.为了测定风速的大小,小明设计了四种装置,如图所示。图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连,可上下移动。现要求:当风吹过探头时,滑动变阻器R2的滑片P向上移动,且风速增大时电压表的示数增大。以下四个图中符合要求的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)流体压强和流速的关系:流速越快的地方压强越小。 (2)根据欧姆定律判断出电压表的示数变化和风速的关系。 【解答】解:A、当风速增大时,弹簧被压缩,滑片下移,而不是上移,故与题干要求不符,故A错误; B、当风速增大时,弹簧被压缩,滑片下移,即滑动变阻器接入电路的阻值变大,根据串联电路分压的特点可知,滑动变阻器两端电压变大,则定值电阻两端电压减小,即电压表示数变小,故B错误; C、当风速增大时,弹簧被拉伸,滑片上移,即滑动变阻器接入电路的阻值变小,根据串联电路分压的特点可知,滑动变阻器两端电压变小,即电压表示数变小,故C错误; D、当风速增大时,弹簧被拉伸,滑片上移,即滑动变阻器接入电路的阻值变小,根据串联电路分压的特点可知,滑动变阻器两端电压变小,则定值电阻两端电压增大,即电压表示数变大,故D正确。 故选:D。 【点评】解本题的关键是掌握流体压强跟流速的关系,能利用流体压强知识解释有关的现象。本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。 12.如图甲所示电路中,电源电压保持不变,闭合开关S后,滑片P在左右两端间滑动的过程中,小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示,则下列说法正确的是(  ) A.电源电压为15V B.变阻器的最大阻值为10Ω C.电路总功率的变化范围为3~24W D.灯泡两端电压为4.5V时,灯泡的功率小于6.75W 【分析】(1)由电路图可知,当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路为灯泡的简单电路,此时电压表测电源两端的电压,电流表的示数最大,根据图象读出灯泡两端的电压即为电源的电压,此时电路的总功率最大,根据P=UI求出电路的最大总功率; (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,电路的总功率最小,根据图象读出灯泡两端电压和电路中的电流,根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压,根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值,利用P=UI求出电路的最小总功率,然后得出电路总功率的变化范围; (3)根据欧姆定律求出变阻器接入电路的电阻最大时灯泡的电阻,设灯泡的电阻不变,根据P=UI=求出灯泡两端电压为4.5V时的功率,根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻,然后得出灯泡电阻与两端电压之间的关系,然后得出答案。 【解答】解:(1)由电路图可知,当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路为灯泡的简单电路,此时电压表测电源两端的电压,电流表的示数最大, 由图象可知,电源的电压U=UL=12V,电路中的电流I=2.0A,故A错误; 此时电路的总功率最大,则电路的最大总功率: P大=UI=12V×2.0A=24W; (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,电路的总功率最小, 由图象可知,灯泡两端的电压UL′=3V,电路中的电流I′=1.0A, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,滑动变阻器两端的电压: UR=U﹣UL′=12V﹣3V=9V, 由I=可得,滑动变阻器的最大阻值: R===9Ω,故B错误; 电路的最小总功率: P小=UI′=12V×1.0A=12W, 则电路总功率的变化范围为12W~24W,故C错误; (3)变阻器接入电路的电阻最大时,灯泡的电阻: RL′===3Ω, 假设灯泡的电阻不变,灯泡两端电压为4.5V时,灯泡的功率: PL实===6.75W, 当灯泡正常发光时的电阻: RL===6Ω, 所以,灯泡两端的电压增大时,其阻值变大,灯泡两端电压为4.5V时,灯泡的功率小于6.75W,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,从图象中获取有用的信息是关键。 二、填空题(本大题7小题,每空3分,共42分.把正确答案直接填在答题卡相应的横线上) 13.如图物体A的长度是 2.10 cm,秒表的读数是 337.5 s. 【分析】(1)刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值,由图示刻度尺确定刻度尺的分度值,物体两端点所对应刻度尺的示数之差是物体的长度; (2)秒表的中间的表盘代表分钟,周围的大表盘代表秒,秒表读数是两个表盘的示数之和。 【解答】解:由图知: (1)刻度尺1cm平均分为10个小刻度,故最小刻度值为1mm;末端刻度值为5.10cm,所以物体A长度为5.10cm﹣3.00cm=2.10cm; (2)在秒表的中间表盘上,1min中间有两个小格,所以一个小格代表0.5min,指针在“5”和“6”之间,所以分针指示的时间为5min=300s; 在秒表的大表盘上,1s之间有10个小格,所以一个小格代表0.1s,由于偏向“6”一侧,所以指针在37.5s处,所以秒针指示的时间为37.5s,即秒表的读数为300s+37.5s=337.5s。 故答案为:2.10;337.5。 【点评】刻度尺和秒表是日常生活和物理实验的基本测量工具,使用时要注意它们的量程和分度值,刻度尺要估读到分度值的下一位。 14.在CBA2017~2018赛季中,辽宁队勇夺总决赛冠军。图为韩德君空接上篮的情景,传球队员把篮球上抛到篮筐附近,韩德君起跳接球扣篮得分。篮球在离手后上升的过程中,球的动能转化为 重力势 能。篮球从上升状态到被扣进篮筐的过程中,运动轨迹明显改变,说明力可以改变物体的 运动状态 。(不计空气阻力) 【分析】(1)动能的影响因素是质量和速度,重力势能的影响因素是质量和高度; (2)力的作用效果有两个:一是改变物体的形状,二是改变物体的运动状态。 【解答】解:篮球被投出后在上升过程中,篮球的质量不变,速度减小,篮球的动能减少,其高度增加,重力势能增大,球的动能转化为重力势能; 在此过程中篮球的质量不变,故惯性不变; 篮球从上升状态到被扣进篮筐的过程中,运动轨迹明显改变,说明力改变篮球的运动状态。 故答案为:重力势;运动状态。 【点评】此题是一道力学综合题,掌握力的作用效果,明确影响势能和动能的因素,是解答此题的关键。 15.一个空心工艺铁球重5N,将它用细线系在弹簧测力计下浸没水中时,测力计的示数恰好为0.则铁球受到的浮力是 5 N.若此时将细线剪断,铁球将 悬浮 (选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。 【分析】已知物体重和浸没在水中时弹簧测力计的示数,根据称重法F浮=G﹣F′求出该物体在水中受到的浮力。 【解答】解:已知G=5N,F′=0N,则该物体在水中受到的浮力F浮=G﹣F′=5N﹣0N=5N。 因为此时铁球受到的浮力和重力相等,受力平衡,因此当细线剪断后,铁球将静止不动,处于悬浮状态。 故答案为:5;悬浮。 【点评】本题考查了浮力的计算和物体状态的判断,关键是称重法的应用,是一道基础题目。 16.2018年1月26日港珠澳大桥珠海公路口岸工程完工。如图所示的港珠澳大桥全长55公里,若一辆小汽车用33min通过了全桥,则小汽车的平均速度是 100 km/h;大桥严禁超载车辆通行,以避免超载车辆对大桥产生的 压强 过大而造成大桥桥面损坏。 【分析】(1)利用速度公式计算小汽车的平均速度。 (2)路面损坏,是由于受到了力的作用,而力的作用效果是由两个因素:压力的大小和受力面积的大小决定的。哪一个物理量能够体现压力的作用效果,即知道哪个物理量造成大桥路面损坏。 【解答】解:小汽车的平均速度: v===100km/h; 超载车对路面有压力的作用,从而产生了压强,造成路面损坏是由于压力的作用效果较大,而影响压力作用效果的不只有压力的大小,受力面积也是一个因素,因此造成路面损坏的主要原因是压强越大,而不是压力大。 故答案为:100;压强。 【点评】此题的第二个空容易出错:压力。超载车确实增大了压力,但压力大小不是决定压力作用效果的唯一因素,因为还有受力面积的大小影响着压力的作用效果。描述压力作用效果的物理量是压强。故应该填压强而不是压力。 17.某医院急诊室的氧气瓶中,氧气的密度为5kg/m3,给急救病人供氧用去了氧气质量的一半,则瓶内剩余氧气的密度是 2.5 kg/m3;病人需要冰块进行物理降温,取450g水凝固成冰后使用,其体积增大了 50 cm3.(ρ冰=0.9×103kg/m3) 【分析】(1)氧气用掉一半,质量减半,氧气还充满整个氧气瓶,体积保持不变,根据密度公式求得剩余氧气的密度。 (1)已知水的体积,根据公式m=ρV可求水的质量,水结冰后,质量不变,根据公式V=可求冰的体积。然后利用冰的体积减去水的体积,即为450cm3的水结成冰,体积增大了多少。 【解答】解:一瓶氧气的密度为5kg/m3,给人供氧用去了一半,质量减半,而体积保持不变,根据ρ=可得氧气的密度变为原来的一半,密度为:ρ′=2.5kg/m3; 水的质量为m=450g=0.45kg; 由ρ=可得水的体积V水===4.5×10﹣4m3=450cm3, 水结冰后质量不变,由ρ=可得,冰的体积V冰===0.5×10﹣3m3=500cm3。 水结成冰,体积增大了△V=V冰﹣V水=500cm3﹣450cm3=50cm3。 故答案为:2.5;50。 【点评】本题考查密度公式的应用,本题关键,一是气体没有固定的体积和状态,装入瓶子后,质量变化,体积保持不变;二是对于固体和液体来说,物体的密度与物体的体积和质量无关。 18.如图甲所示,两个重20N的相同的物块A、B叠放在一起,受到10N的水平推力F1的作用,在水平地面上一起做匀速直线运动,则此时物体B受到摩擦力大小是 0 N;若将B与A并列,并让它们一起在同一水平地面上匀速前进,那么需要的水平推力F2 = F1(填“>”“=”或“<”)。 【分析】判断一个物体是否受摩擦力主要的依据是看这个物体有没有发生相对运动或者有没有相对运动的趋势。据此就可判断出A是否受摩擦力。 影响摩擦力大小的因素是:压力的大小和接触面的粗糙程度。AB叠放在一起和AB并列放在一起,AB看做是一个整体,这个整体的摩擦力是不变的。两次都是做匀速直线运动,故两次推力是相等的。 【解答】解:两个重20N的相同物块A、B叠放在一起:A和B是同向同速运动的,即保持相对静止状态,所以A和B之间是没有摩擦力的; 不论是叠放还是平放,我们都把它们看做一个整体,叠放和平放时对水平面的压力是相等的,与地面的接触面的粗糙程度也是一定的,所以摩擦力相等。而这两次物体都是做匀速直线运动,这说明两种情况下的推力都等于摩擦力,摩擦力相等,所以推力也是相等的。 故答案为:0;=。 【点评】此题考查的知识点是比较多的,有:摩擦力的概念、影响摩擦力大小的因素、二力平衡。 19.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时,电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V.则电源电压为 12 V,R1先后两次消耗的电功率之比P1:P2= 9:16 。 【分析】由电路图可知,当滑片P置于变阻器的b端时,定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联;当滑片P置于变阻器的中点时,定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联。 (1)先根据串联电路的分压特点求出当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数,再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压以及电路中的电流,利用电源的电压不变得出等式即可得出R1和R之间的关系,进一步求出电源的电压; (2)根据P=I2R和电阻之间的关系即可求出R1先后两次消耗的电功率之比。 【解答】解:由电路图可知,当滑片P置于变阻器的b端时,定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联;当滑片P置于变阻器的中点时,定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联。 (1)由串联电路的分压特点可知,当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数为6V﹣2V=4V, 因串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和, 由I=可得: U=I1R1+6V,U=I2R1+4V,I1=,I2==, 因电源的电压不变, 所以,I1R1+6V=I2R1+4V, 即R1+6V=R1+4V, 简化可得:R1=R, 则电源的电压: U=I1R1+6V=R1+6V=R+6V=12V; (2)根据P=I2R可得,R1先后两次消耗的电功率之比: P1:P1′=(I1)2R1:(I2)2R1=(I1)2:(I2)2=()2:()2=9:16。 故答案为:12;9:16。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,利用好当滑片P置于变阻器的中点时电压表示数的变化的是关键。 三、本大题共3小题,共10分,按要求完成下列各题. 20.(3分)完成光路图,根据图中的入射光线或折射光线作出相应的折射光线或入射光线。 【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时,先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 【解答】解:平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点;过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变;通过二倍焦距点的光线经凸透镜折射后过二倍焦距点,如图所示: 【点评】凸透镜的三条特殊光线:①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变 21.(3分)如图所示,木块A放在平板小车上,与车一起向左做匀速直线运动,当小车受外力作用突然减速时,木块随即在小车的平板上滑行。画出此时木块的受力示意图。 【分析】(1)小车突然减速,速度减小,由于惯性木块保持原来的速度继续运动,木块相对于平板向左滑动; (2)木块受竖直向下的重力G、竖直向上平板的支持力F、水平向后的摩擦力f作用,从力的作用点,沿力的作用线作出力的示意图。 【解答】解: (1)小车突然减速后,木块相对于小车的平板向左滑动,则木块受到水平向右的摩擦力的作用; (2)在竖直方向上,木块受重力G和支持力F的作用,并且这两个力是一对平衡力,如图所示。 【点评】根据惯性判断出木块的滑动方向、对木块正确受力分析、掌握力的示意图的作法是正确解题的关键。 22.用笔画线代替导线,将图中的灯泡和三线插座正确连入家庭电路中。 【分析】灯泡的接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点;零线直接接入灯泡的螺旋套。 三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。 【解答】解:灯泡接法:火线进入开关,再进入灯泡顶端的金属点,零线直接接入灯泡的螺旋套,这样在断开开关能切断火线,接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡,又能更安全。 三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线。如图所示: 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法,同时考虑使用性和安全性。 四、实验探究题,本大题共2小题,共20分,按要求完成下列各题. 23.结合图中的实验情景,按照要求回答下列问题, (1)对图①中的两支蜡烛的要求是 大小相同 ; (2)图②中, 乙 (选填“甲”或“乙”)的机械效率高; (3)图③研究的是电流产生的热量跟 电阻 的关系; 【分析】(1)要验证平面镜成像的特点,就必须让两根蜡烛大小相同; (2)根据影响机械效率大小的因素分析; (3)根据图象,利用控制变量法分析。 【解答】解;(1)探究平面镜成像特点实验中对两支蜡烛的要求是形状、大小完全相同;主要是便于比较像与物体的大小; (2)由图可知,两个滑轮组相同,则在提升物体的过程中,所做的额外功是相同的;提升的重物不同,乙组的物体重,根据W=Gh可知,物体越重,所做的有用功越大,根据η==可知,机械效率越大; (3)由图可知,该电路为串联电路,电流相同,电阻不同,研究的是电流产生的热量跟电阻的关系。 故答案为:(1)大小相同;(2)乙;(3)电阻。 【点评】本题考查了平面镜成像实验、机械效率的比较、焦耳定律等知识点,明确图片中的原理是解题的关键。 24.(14分)小明学习了电功率的概念后,要对小灯泡的电功率进行研究: (a)取两个阻值不同的灯泡L1、L2要研究它们的电功率跟哪些因素有关?他设计了如图1所示的电路图。要探究它们的电功率跟电流的关系,应采用图甲、乙两图中的 乙 电路图。 (b)要“测量小灯泡的额定功率”,现有器材:电源(电压恒为6V)、开关、电压表、电流表各一个,导线若干,额定电压为3.8V的待测小灯泡(电阻约为12Ω),滑动变阻器两个(A:“5Ω2A“;B:“20Ω0.5A”)。 (1)该实验,应选用的滑动变阻器是 B (选填“A”或“B”)。 (2)如图甲所示是小明同学连接的实物电路图,图中只有一根导线连接错误,请你在图中用“×”标出这根错接的导线,只改接一根导线使电路成为正确的电路(不能与其他导线交叉)。 (3)小明确认电路连接无误后闭合开关,无论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压,电流表示数几乎为零,则电路的故障是 小灯泡断路 。 (4)排除故障后,移动滑动变阻器的滑片,并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示,则该小灯泡的额定功率为 1.14 W。 (5)该组的另一同学接着实验时,发现电压表0~15V量程已经损坏,0~3V量程还可以正常使用,在不添加器材的情况下,为了测出该小灯泡的额定功率,请你在丙图中的虚线框内画出正确的电路图。 (6)由图乙推知:小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1,小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2,则P1 大于 P2(选填“大于”、“小于或“等于”)。 【分析】(1)(a)根据公式P=UI可知,电功率跟电压、电流有关,探究电功率与电流的关系时,保持电压不变,所以应并联。 (b)小灯泡额定电压为3.8V,灯丝电阻约为12Ω,由欧姆定律求灯的额定电流;根据串联电路的规律及欧姆定律求灯正常发光时,变阻器连入电路中的电阻,确定选用的滑动变阻器; (2)原电路中,电流表与灯并联,电压表串联在电路中是错误的,电流表与灯串联,电压表与灯并联; (3)灯不亮,说明电路可能断路;电压表示数接近电源电压,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的支路断路了; (4)由绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图象找出灯的额定电压下的电流,根据P=UI求该小灯泡的额定功率; (5)根据串联电路电压的规律,求灯正常发光时变阻器的电压,设计电路图; (6)由图乙知,分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小,根据P=UI比较灯的实际电功率P1与P2大小。 【解答】解:(a)要研究电功率跟电流的关系,根据公式P=UI,必须保持电压不变,所以两灯泡应并联,故选乙电路图。 (1)额定电压为3.8V的待测小灯泡(电阻约为12Ω),由欧姆定律,灯泡的额定电流约为:I==≈0.32A<0.5A,根据串联电路的规律及欧姆定律,灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻: R滑==≈6.9Ω,故选B变阻器; (2)原电路中,电流表与灯并联,电压表串联在电路中是错误的,电流表与灯串联,电压表与灯并联,如下图1左所示: (3)小明确认电路连接无误后闭合开关,无论怎样移动滑动变阻器的滑片,小灯泡始终不发光且电压表的示数都接近电源电压,电流表示数几乎为零,则电路的故障是小灯泡断路; (4)根据绘制出的小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示,灯在额定电压下的电流为0.3A,则该小灯泡的额定功率为: P=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W; (5)根据串联电路电压的规律,当变阻器的电压为:6V﹣3.8V=2.2V时,灯泡两端电压为3.8V,故可将电压表并联在变阻器的两端,记下电流表的示数即可,如上图1右所示: (6)由图2知,小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A,电功率为: P1=1.9V×0.22A=0.418W; 小灯泡的实际电流是额定电流一半时(0.15A)对应的电压约为1V,灯的实际电功率为: P2=1V×0.15A=0.15W,则P1大于P2。 故答案为:(a) 乙;(1)B; (2)如图1左所示;(3)小灯泡断路; (4)1.14;(5)如图1右所示;(6)大于。 【点评】本题电功率跟哪些因素有关,考查串联、并联电路的规律,同时测量小灯泡的额定功率,考查注意事项、电路的连接、故障分析、额定功率的计算及实验方案的设计和电功率大小的比较。 五、综合运用与计算题(本大题2小题,25题7分,26题8分,共15分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程,只写结果不得分) 25.(7分)我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600如图所示,AG600空载时质量为40t,最多可储水10t。,为检测飞机性能,先后进行了模拟灭火和水面滑行测试。 ①在灭火测试中:飞机盘悬在火场上方150m处,将所蓄水分次投下,每次投水200kg,用时20s到达地面。求每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率; ②在水面滑行测试中:AG600蓄一定质量的水,若飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.4×106W.飞机在水面上以36km/h的速度匀速滑行了1min,滑行过程中飞机总重力为所受阻力f的2倍。求这次测试所蓄水的质量为多少千克。(取g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3) 【分析】①利用W=Gh计算每次投下的水在下落过程中重力做功,然后利用P=计算功率; ②根据阻力与重力的关系求出阻力,利用二力平衡的条件可得牵引力,再根据P=,W=Fs,v=列出等式,求解所蓄水的质量。 【解答】解:①每次投下的水在下落过程中重力做功: W=Gh=m水gh=200kg×10N/kg×150m=3×105J, 重力做功的平均功率: P===1.5×104W; ②飞机在水面上的速度v=36km/h=10m/s, 由P===Fv可得,飞机受到的牵引力: F===2.4×105N, 因为飞机匀速滑行,所以飞机受到的阻力:f=F=2.5×105N, 由题意可知,f=0.5G总, 则此时飞机的总重力为:G总=2f=2×2.4×105N=4.8×105N; 此时飞机的总质量为: m总=═=4.8×104kg=48t; 飞机所蓄水的质量为m3=m总﹣m1=48t﹣40t=8t=8000kg; 答:①每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率为1.5×104W; ②这次测试所蓄水的质量为8000kg。 【点评】此题考查功和功率的计算、阿基米德原理,综合性较强,关键是相关公式的灵活运用,同时要利用好物体漂浮条件。 26.(8分)如图是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电阻丝R1和热敏电阻R2,只要水平到过如图所示的位置,接触开关S1就会导通。继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。 (1)已知电热丝R1的阻值为24.2Ω,求饮水器的正常加热功率。 (2)当热水在加热的过程中,继电器开关中电磁铁的右端为 N 极,为了使继电器开关S2在饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路,Rx必须选用阻值随温度升高而 增大 的热敏电阻。若想降低饮水器加热的最高温度,可将滑动变阻器R2的滑片向 右 调节。 (3)已知该饮水器容积为l0L,当只有饮水器接入电路中时,它将水从20℃加热到l00℃用时16min,同时通过电能表观察到饮水器消耗了1kW?h的电能。试求该饮水器加热过程中的热效率。(水的比热容c=4.2×103J/(kg?℃);水的密度ρ=1.0×103kg/m3) 【分析】(1)知道饮水器正常加热时的电压和电阻,根据P=UI=求出其功率; (2)①电磁铁的磁极可以用安培定则判断,右手握住螺线管,四指弯向线圈中电流的方向,则大拇指所指的就是电磁铁的N极; ②如果希望水温水加热至沸腾后能自动切断加热电路时,根据电路的连接可知应使继电器开关S2断开,即电磁铁的磁性应减弱,根据影响电磁铁的磁性的因素可知控制电路中电流的变化,根据欧姆定律判断出此时热敏电阻阻值变大,由此可判断热敏电阻Rx阻值与温度的变化情况; ③若想降低饮水器加热的最高温度,根据控制电路中电流的变化即可判断滑动变阻器R2的阻值的变化; (3)根据m=ρV求出水的质量,又知道水的初温和末温、水的比热容,利用Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量,利用η=×100%求出该饮水器加热过程中的热效率。 【解答】解:(1)饮水器的正常加热功率: P===2000W; (2)①根据安培定则,用右手握住螺线管,使四指指向线圈中电流的方向,则大拇指所指的右端为电磁铁的N极; ②为了使继电器开关S2在饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路,停止加热,应减弱电磁铁的磁性,根据影响电磁铁的磁性的因素可知应减小控制电路中电流,此时热敏电阻阻值变大,所以热敏电阻Rx阻值应随温度升高而增大; ③若想降低饮水器加热的最高温度,即控制电路中在饮水器里水的温度较低时,就达到使继电器开关S2断开,停止加热的目的;由于使继电器开关S2断开的最小电流是一定的,则为了使控制电路中的总阻值提前达到S2断开的最小电流热应增大滑动变阻器R2的阻值,即的滑片向右调节。 (3)水的体积: V=10L=10dm3=0.01m3, 由ρ=可得,水的质量: m=ρV=1.0×103kg/×0.01m3=10kg, 水吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×10kg×(100℃﹣20℃)=3.36×106J, 该饮水器加热过程中的热效率: η=×100%=×100%≈93.3%。 答:(1)饮水器的正常加热功率2000W。 (2)N;增大;右。 (3)该饮水器加热过程中的热效率93.3%。 【点评】本题为电学和热学、磁学的综合题,涉及到电功率公式、安培定则、电磁继电器的工作特点、密度公式、吸热公式、效率公式的综合应用等,有一定的难度。

  • ID:6-5693120 2019年海南省琼海市中考物理一模试卷(解析版)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    2019年海南省琼海市中考物理一模试卷 一、选择题(本大题共10小题,每小题只有一个正确选项.每小题3分,共30分) 1.调节电视音量时,是在改变声音的(  ) A.音调 B.响度 C.音色 D.以上都不是 2.下列数据最接近生活实际的是(  ) A.普通中学生步行的速度约为10m/s B.一个鸡蛋的质量约为50g C.普通中学生做一次深呼吸用时约为50s D.一支铅笔受到的重力约为8N 3.通过热传播,某物体从固态变为液态,如图是该过程物体的温度随时间变化图象。下列说法正确的是(  ) A.这是非晶体 B.此过程是液化过程 C.t=0时刻物体内能为零 D.0﹣t1这段时间,物体要吸热 4.下列家用电器利用电流热效应工作的是(  ) A.电饭锅 B.电视机 C.电风扇 D.收音机 5.下列实例中,为了增大压强的是(  ) A.书包带做得较宽 B.图钉帽做得面积较大 C.大货车装有很多车轮 D.将刀口磨得很薄 6.与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。下列现象中”吸”的物理原理与其相同的是(  ) A.挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上 B.削平的铅柱挤压后会“吸”在一起 C.干手搓开的新塑料袋“吸”在手上 D.行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外 7.以下事例中,符合安全用电原则的是(  ) A.使用测电笔时,手不接触笔尾的金属体 B.家庭电路中的保险丝熔断,用铜丝或铁丝代替 C.安装电路时,开关接在用电器和零线之间 D.保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换 8.小明对十字路口的交通信号灯进行观察,画出下列四种电路图,你认为可行的是(  ) A. B. C. D. 9.目前,小汽车几乎普及了城市家庭。下列关于小汽车的说法,正确的是(  ) A.小汽车的运动速度越大,它的惯性就越大 B.小汽车关闭发动机后,不会立即停下,说明运动不需要力来维持 C.小汽车发动机能把燃料燃烧产生的内能全部转化为机械能 D.小汽车利用汽油作为燃料,充分利用了汽油的比热容大的特点 10.在如图所示的电路中,闭合开关后,当滑片P向左移动时,下列说法正确的是(  ) A.灯泡L变亮 B.电压表V示数变大 C.电流表A1示数变小 D.电流表A2示数变大 二、填空题(本大题共7小题,每小题4分,共28分) 11.立竿见影是因为光的   引起的;水中倒影是因为光的   引起的。 12.在太阳能、天然气、核能这三种能源中,属于可再生能源的是   ;核电站里,获取核能的方式是核   变。 13.客机飞行时,以地面为参照物,客机是   的;客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎表面的温度会升高,这是通过   的方式改变其内能的。 14.龙舟赛上,运动员手持船桨奋力向后划水,龙舟向前运动,这是因为物体间力的作用是   的;比赛时,并排前进的龙舟不能离得太近,是由于两龙舟间水的流速越大,压强越   ,容易相撞。 15.水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体,将两个完全相同的小球A、B分别放入两烧杯中,当两球静止时,两液面高度相同,球所处的位置如图所示,则两小球所受浮力的大小关系为FA   FB,两小球所排开液体重力的大小关系为GA   GB,两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲   p乙(均选填“>”、“=”或<”)。 16.小军在做“探究凸透镜成像规律”的实验时,所用凸透镜的焦距为10cm。当点燃的蜡烛距离凸透镜15cm远时,移动光屏,在光屏上将会得到一个清晰的倒立的、   (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像;此时,如果蜡烛远离凸透镜,则需将光屏向   (选填“远离”或“靠近”)凸透镜的方向移动,才能在光屏上重新呈现烛焰清晰的像。 17.如图所示的电路中,电源输出电压恒为5V,灯L标有“3V0.9W”。在滑片移动能保证电路元件全部安全的过程中,当电压表示数为   V时,灯丝的电阻正好为10Ω;在灯L正常发光的状态下,通电10s,滑动变阻器的电阻丝将产生   J的热量。 三、作图与实验题(第18题4分,第19题10分,第20题8分,共22分) 18.(2分)请在如图中画出入射光线AO大致的折射光线。 19.(2分)如图所示是静止在足球场上的足球,请画出足球受力的示意图。 20.(10分)测算某种不溶于水的新型合金材料密度。 (1)小明拿来一个弹簧测力计,如图a所示,在没有挂重物时,已有   N的读数,应将指针向   (选填“上”或“下”)移动,进行调零。 (2)正确调零后,小明将某待测合金材料用细线悬挂在弹簧测力计下,静止时,弹簧测力计示数如图b;再将该材料全部浸入水中,静止时弹簧测力计示数如图c。由此可知,该材料在水中受到的浮力F浮=   N。 (3)若取g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,可以计算出该材料的密度是   kg/m3 (4)小明提出:若取g=9.8N/kg会使测量结果更准确;而小磊认为无影响。你认为   (填“小明”或“小磊”)的说法正确。 21.(8分)在“测量小灯泡的额定功率”实验中,提供如下实验器材: 电源(输出电压恒为4.5V)、小灯泡(额定电压为3.8V)、滑动变阻器、电压表(量程0~3V,0~15V档已损坏)、电流表。 (1)实验小组初步设计电路如图甲所示。经分析,此电路无法测出小灯泡的额定功率,原因是   。 (2)重新设计电路,如图乙所示,请对照图乙在图丙中完成实物图的连接。 (3)连接电路完成后,闭合开关,发现电流表不动,电压表也无示数。若电路中只有一处故障,可能是   。 A.小灯泡断路 B.电压表断路 C.滑动变阻器断路 (4)排除故障后,闭合开关,移动滑片,当电压表示数为   V时,小灯泡正常发光。 四、综合应用题(21题10分,22题10分,共20分,解答时应写必要的文字说明,公式和具体的计算步骤) 22.(10分)水陆两用坦克的车体呈船形,比普通坦克要大,既可在陆地上行驶,又可在水面上航行。现有一辆水陆两用坦克质量为4.0×104kg,履带着陆的总面积为4m2,陆地最大行驶速度为54km/h;水上航行最大行驶速度为14km/h,吃水深度(指水面到坦克底部的深度)为80cm。求:(取g=10N/kg) (1)坦克在地面上以最大速度行驶2h的路程; (2)坦克在水平地面上行驶时,它对地面的压强; (3)坦克在水面上航行时,水对坦克底部的压强; (4)坦克在水面上航行时,它所受浮力的大小; (5)当该坦克从长江开到大海里,吃水深度是变大还是变小?请简要说明理由。 23.(10分)如图甲所示的电路,电源电压为4.5V保持不变。小灯泡L标有“2.5V0.25A”字样,滑动变阻器R1的最大值为30Ω,定值电阻R2=30Ω,电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V.求: (1)小灯泡正常工作时,电阻多大? (2)小灯泡的额定功率多大? (3)只闭合开关S、S2和S3,将变阻器R1的滑片P调到中点时,电流表示数多大? (4)只闭合开关S、S1,移动变阻器的滑片P,小灯泡L的I﹣U图象如图乙所示。在保证各元件安全的情况下,滑动变阻器R1允许的取值范围是多少? 2019年海南省琼海市中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本大题共10小题,每小题只有一个正确选项.每小题3分,共30分) 1.调节电视音量时,是在改变声音的(  ) A.音调 B.响度 C.音色 D.以上都不是 【分析】声音的三个特征分别是:音调、响度、音色,是从不同角度描述声音的,音调指声音的高低,由振动频率决定;响度指声音的强弱或大小,与振幅和距离有关;音色是由发声体本身决定的一个特性。 【解答】解:调节电视音量时,是在改变声音的大小,即响度。故ACD错误;B正确; 故选:B。 【点评】声音的特征有音调、响度、音色;三个特征是从三个不同角度描述声音的,且影响三个特征的因素各不相同。 2.下列数据最接近生活实际的是(  ) A.普通中学生步行的速度约为10m/s B.一个鸡蛋的质量约为50g C.普通中学生做一次深呼吸用时约为50s D.一支铅笔受到的重力约为8N 【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。 【解答】解:A、中学生步行的速度约为1m/s左右,故A错误; B、一斤(500g)鸡蛋可称8﹣﹣10个,那么一个鸡蛋的质量约为50g;故B正确; C、中学生做一次深呼吸用时约为3s左右,故C错误; D、一支铅笔受到的重力约为0.08N;故D错误; 故选:B。 【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测,结合对生活的了解和对物理单位的认识,找出符合实际的选项即可。 3.通过热传播,某物体从固态变为液态,如图是该过程物体的温度随时间变化图象。下列说法正确的是(  ) A.这是非晶体 B.此过程是液化过程 C.t=0时刻物体内能为零 D.0﹣t1这段时间,物体要吸热 【分析】(1)从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点,即有一段时间这种物质吸热,温度不升高,但内能增加,而此时就是这种物质熔化的过程。 (2)任何物质的分子总在永不停息地做无规则运动,所以内能不可能为零。 【解答】解:A、从图象可以看出,此物质有一定的熔化温度,所以此物质是晶体,故A错误。 B、从图象可以看出,固体吸热,温度升高,继续吸热,温度不变,此时温度不变的过程是晶体的熔化过程,故B错误; C、任何物质的分子总在永不停息地做无规则运动,所以内能不可能为零,因此t0时刻物体温度为零,但其分子仍不停地做无规则运动,所以具有内能,故C错误; D、0﹣t1这段时间,物体一直吸热,故D正确。 故选:D。 【点评】从图示的图象中,可以获取很多信息:物质的种类(晶体还是非晶体)、熔点、熔化时间等。关键要将熔化过程与图象两者联系起来。 4.下列家用电器利用电流热效应工作的是(  ) A.电饭锅 B.电视机 C.电风扇 D.收音机 【分析】(1)电流的热效应:电流通过导体要发热,这叫做电流的热效应,如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子; (2)电流的化学效应:电流通过导电的液体会使液体发生化学变化,产生新的物质,电流的这种效果叫做电流的化学效应,如电解,电镀,电离等就属于电流的化学效应的例子; (3)电流的磁效应:给绕在软铁芯周围的导体通电,软铁芯就产生磁性,这种现象就是电流的磁效应,如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的。 【解答】解: 电视机主要是把电能转化为声能和光能,电风扇主要是把电能转化为机械能,收音机主要是把电能转化为声能, 只有电饭锅是把电能转化为内能,是利用电流的热效应。 故选:A。 【点评】本题主要考查学生对:电流的热效应,以及电能和其它形式能的相互转化,是一道基础题。 5.下列实例中,为了增大压强的是(  ) A.书包带做得较宽 B.图钉帽做得面积较大 C.大货车装有很多车轮 D.将刀口磨得很薄 【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法:是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;是在受力面积一定时,通过增大压力来增大压强。 减小压强的方法:是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;是在受力面积一定时,通过减小压力来减小压强。 【解答】解: A、书包带做得较宽,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;故A不合题意; B、图钉帽做得面积较大,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;故B不合题意; C、大货车装有很多车轮,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强;故C不合题意; D、将刀口磨得很薄,是在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强;故D符合题意。 故选:D。 【点评】掌握压强大小的影响因素,利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。 6.与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。下列现象中”吸”的物理原理与其相同的是(  ) A.挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上 B.削平的铅柱挤压后会“吸”在一起 C.干手搓开的新塑料袋“吸”在手上 D.行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外 【分析】(1)由于大气有重力且具有流动性,故大气会对地球表面的物体产生压强;大气压在生活中有很广泛的应用,如:吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等; (2)分子之间存在着引力和斥力; (3)根据摩擦起电现象和带电物体的性质分析; (4)流体流速越快的地方其压强就越小。 【解答】解:用丝绸摩擦过的玻璃棒能够吸引碎纸屑,这是因为带电的玻璃棒可以吸引轻小物体; A、光滑瓷砖上的吸盘式挂钩,挂衣钩里面的空气被挤出,在外界大气压的作用下,将挂钩压在瓷砖上,故A错误; B、削平的铅柱压紧后能“吸”在一起,因为分子间有引力,故B错误; C、干手搓开的新塑料袋“吸”在手上,因为摩擦起电后带静电,会吸引轻小物体,故C正确; D、行驶的汽车,车外的空气流速快,压强小,车内的空气流速小、压强大,压强差就把窗帘压向窗外,故D错误。 故选:C。 【点评】本题利用了摩擦起电、流体压强、分子间的作用力和大气压的存在来解释一些现象。一个“吸”字,包含不同的物理规律,要注意区分。 7.以下事例中,符合安全用电原则的是(  ) A.使用测电笔时,手不接触笔尾的金属体 B.家庭电路中的保险丝熔断,用铜丝或铁丝代替 C.安装电路时,开关接在用电器和零线之间 D.保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换 【分析】(1)使用测电笔时,应让手与笔尾的金属体接触,才是正确的,当氖管发光时,说明是接触的是火线; (2)根据保险丝的作用进行分析,即当电路中电流过大时,保险丝会熔断,当换成不易熔断的铁丝或铜丝时,起不到保险作用; (3)开关控制用电器时,开关接在用电器和火线之间,开关能控制用电器,而且断开开关能切断火线,使用时更安全; (4)保险装置、插座、导线、家用电器等老化后要及时更换,防止发生触电事故。 【解答】解:A、在使用测电笔时,应用手接触笔尾的金属体,用笔尖接触导线,当测电笔的氖管发光,则说明接触的是火线,当氖管不亮时,说明接触的是零线,故A错误; B、保险丝熔断后,若用铜丝或铁丝代替,当电路中电流过大时,铜丝或铁丝不熔断,起不到保险作用,故B错误; C、安装电路时,开关接在用电器和火线之间,接触用电器时,可以断开开关,切断火线,防止接触用电器发生触电事故;故C错误; D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换,故D正确。 故选:D。 【点评】此题考查的是安全用电的原则,我们一定要牢记,不可马虎大意。 8.小明对十字路口的交通信号灯进行观察,画出下列四种电路图,你认为可行的是(  ) A. B. C. D. 【分析】根据生活经验可知,红绿黄交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联,然后分析选项得出答案。 【解答】解:十字路口的交通信号灯,红绿黄信号灯是单独工作的,则三种灯是并联的,三种灯不会同时亮,所以三个灯的支路上各有一个开关,整个电路还有一个总开关,故C正确。 故选:C。 【点评】本题考查了电路图的设计,关键是知道红黄绿交通信号灯不会同时亮,要注意从选项中找出最符合题意的答案。 9.目前,小汽车几乎普及了城市家庭。下列关于小汽车的说法,正确的是(  ) A.小汽车的运动速度越大,它的惯性就越大 B.小汽车关闭发动机后,不会立即停下,说明运动不需要力来维持 C.小汽车发动机能把燃料燃烧产生的内能全部转化为机械能 D.小汽车利用汽油作为燃料,充分利用了汽油的比热容大的特点 【分析】(1)一切物体都具有惯性,质量越大,惯性越大,与是否受力、是否运动、做什么运动都没有关系; (2)力是改变物体运动状态的原因,惯性是保持运动状态不变的性质,物体运动不需要力; (3)热机能量损失有:克服机械摩擦消耗的能量、机械散热损失、废气带走的热量; (4)汽油具有易燃性且热值较高,据此进行分析。 【解答】解: A、惯性的大小与质量有关,与速度无关,汽车速度越快,动能越大,而不是惯性越大,故A错误; B、汽车关闭发动机后不会立即停下,是因为汽车具有惯性要保持原来运动状态不变,也说明运动不需要力来维持,故B正确; C、小汽车发动机无论怎样先进,都要克服机械摩擦消耗的能量,都存在机械散热损失和废气带走的热量,因此不能把燃料燃烧时释放的内能全部转化为机械能,故C错误; D、小汽车利用汽油作为燃料,充分利用了汽油易于燃烧、热值较高的特点,故D错误。 故选:B。 【点评】本题通过常见的汽车考查了惯性、能量转化和物质的特性,是一道综合性很强的题目,将物理知识应用于实际,能使学生认识到物理的实用性。 10.在如图所示的电路中,闭合开关后,当滑片P向左移动时,下列说法正确的是(  ) A.灯泡L变亮 B.电压表V示数变大 C.电流表A1示数变小 D.电流表A2示数变大 【分析】由图可知,该电路为并联电路;电流表测量干路中的电流,电流表测量通过灯泡的电流;电压表测量的是支路两端的电压; 根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化,根据欧姆定律判定其电流变化,根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化。 【解答】解: 由图可知,该电路为并联电路;电流表测量干路中的电流,电流表测量通过灯泡的电流;电压表测量的是支路两端的电压,测量的也是电源电压,保持不变,故B错误; 根据并联电路的特点可知,滑动变阻器滑片移动时,对灯泡所在的支路无影响,灯泡的电流和电压都不变,故电流表A2示数不变,灯泡亮度不变,故AD错误; 当滑片P向左移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知,通过滑动变阻器的电流减小;通过灯泡的电流不变,根据并联电路的电流关系可知,干路中的电流减小,即电流表A1示数变小,故C正确。 故选:C。 【点评】本题考查了滑动变阻器的应用原理和并联电路中电压、电流的特点,较为简单。 二、填空题(本大题共7小题,每小题4分,共28分) 11.立竿见影是因为光的 直线传播 引起的;水中倒影是因为光的 反射 引起的。 【分析】(1)光在同种均匀介质中沿直线传播。影子的形成就是光沿直线传播形成的。 (2)光在传播的过程中,遇到障碍物时,会发生反射现象。水中倒影是光的反射的实例。 【解答】解:立竿见影是因为光的直线传播引起的;水中倒影是因为光的反射引起的。 故答案为:直线传播;反射。 【点评】深入理解三类光现象在生活中的实例,是解答此题的关键。 12.在太阳能、天然气、核能这三种能源中,属于可再生能源的是 太阳能 ;核电站里,获取核能的方式是核 裂 变。 【分析】(1)像太阳能、风能、水能以及动、植物等这类可以长期提供或可以再生的能源属于可再生能源; (2)目前利用核能的方式有两种:核裂变与核聚变,目前运营的核电站是利用核裂变获得能量的。 【解答】解:太阳能取之不尽属于可再生能源;天然气、核能短期内不能再生,属于不可再生能源, 核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。 故答案为:太阳能;裂。 【点评】本题考查学生对身边资源分类及太阳能的利用的了解情况,要知道核电站是通过核裂变来获取核能的。 13.客机飞行时,以地面为参照物,客机是 运动 的;客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎表面的温度会升高,这是通过 做功 的方式改变其内能的。 【分析】如果物体相对于参照物位置保持不变,物体是静止的;如果物体的位置相对于参照物位置不断变化,则物体是运动的;据此分析答题; 改变内能的两种方式是做功和热传递。 【解答】解: 客机飞行时,相对于地面的位置不断变化,以地面为参照物,客机是运动的; 客机着陆后减速滑行过程中,客机轮胎与地面摩擦,克服摩擦做功,表面的温度会升高。 故答案为:运动;做功。 【点评】此题考查了运动和静止的相对性、改变内能的方式,难度不大。 14.龙舟赛上,运动员手持船桨奋力向后划水,龙舟向前运动,这是因为物体间力的作用是 相互 的;比赛时,并排前进的龙舟不能离得太近,是由于两龙舟间水的流速越大,压强越 小 ,容易相撞。 【分析】(1)力是物体对物体的作用,物体间力的作用是相互的; (2)流体压强与流速的关系是:流速越大,压强越小;流速越小,压强越大。 【解答】解: 运动员用浆向后划水,桨对水施加力的同时,水对桨(龙舟)也施加力的作用,龙舟就向前运动,这说明物体间力的作用是相互的; 并排快速前进的两艘龙舟之间距离不能太近,否则容易发生碰撞,其原因是龙舟之间水的流速变大,压强变小,在外部大的压强作用下,导致龙舟相撞。 故答案为:相互;小。 【点评】本题涉及力作用的相互性,以及流速与压强的关系难度不大。 15.水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体,将两个完全相同的小球A、B分别放入两烧杯中,当两球静止时,两液面高度相同,球所处的位置如图所示,则两小球所受浮力的大小关系为FA = FB,两小球所排开液体重力的大小关系为GA = GB,两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲 > p乙(均选填“>”、“=”或<”)。 【分析】(1)A、B是两个完全相同的小球,漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力,由此可知两小球受浮力大小关系;根据阿基米德原理可知排开液体重力的大小关系; (2)根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系,找出两种液体的密度关系,又知道两容器液面等高(深度h相同),利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。 【解答】解:由图可知,A球漂浮,B球悬浮,所以根据悬浮和漂浮条件可知两球受到的浮力都等于各自的重力,由于两个小球是相同的,重力相等,所以FA=FB=G。 根据阿基米德原理可知:排开液体重力GA=FA,GB=FB,所以GA=GB; 由于A球漂浮,B球悬浮,根据物体的浮沉条件可知:ρ甲>ρ球,ρ乙=ρ球, 则两种液体的密度大小关系是:ρ甲>ρ乙。 且两烧杯中液面相平即h甲=h乙,根据液体压强的计算公式p=ρgh可知:p甲>p乙。 故答案为:=;=;>。 【点评】本题考查物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用,关键知道物体漂浮时浮力等于重力,物体密度小于液体密度,物体悬浮时浮力等于重力,物体密度等于液体密度。 16.小军在做“探究凸透镜成像规律”的实验时,所用凸透镜的焦距为10cm。当点燃的蜡烛距离凸透镜15cm远时,移动光屏,在光屏上将会得到一个清晰的倒立的、 放大 (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像;此时,如果蜡烛远离凸透镜,则需将光屏向 靠近 (选填“远离”或“靠近”)凸透镜的方向移动,才能在光屏上重新呈现烛焰清晰的像。 【分析】当物距大于f小于2f时,凸透镜成倒立放大的实像;蜡烛远离凸透镜,根据物远像近像变小,可知光屏移动的方向。 【解答】解:小军在做“探究凸透镜成像规律”的实验时,所用凸透镜的焦距为10cm。当点燃的蜡烛距离凸透镜15cm远时,物距大于f小于2f时,凸透镜成倒立放大的实像; 此时,如果蜡烛远离凸透镜,根据物远像近像变小,则需将光屏向 靠近凸透镜的方向移动,才能在光屏上重新呈现烛焰清晰的像。 故答案为:放大; 靠近。 【点评】此题考查了凸透镜成像规律的应用,首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距和焦距的关系。 17.如图所示的电路中,电源输出电压恒为5V,灯L标有“3V0.9W”。在滑片移动能保证电路元件全部安全的过程中,当电压表示数为 2 V时,灯丝的电阻正好为10Ω;在灯L正常发光的状态下,通电10s,滑动变阻器的电阻丝将产生 6 J的热量。 【分析】根据串联电路的电压特点求出电压表的示数,根据焦耳定律求出热量的多少。 【解答】解:灯L标有“3V0.9W”,则灯泡正常发光时的电阻为:R===10Ω; 灯丝的电阻正好为10Ω时,灯L正常发光,则灯泡两端的电压为3V,根据串联电路的电压特点可知,滑动变阻器两端的电压即电压表示数为5V﹣3V=2V; 在灯L正常发光的状态下,电路中的电流为:I===0.3A; 滑动变阻器消耗的电能全部转化为内能, 则通电10s,滑动变阻器的电阻丝产生的热量:QR=WR=URIt=2V×0.3A×10s=6J。 故答案为:2;6。 【点评】本题考查了焦耳定律、功率公式的应用,难度不大。 三、作图与实验题(第18题4分,第19题10分,第20题8分,共22分) 18.(2分)请在如图中画出入射光线AO大致的折射光线。 【分析】要解决此题,需要掌握光的折射规律:折射光线与入射光线和法线在同一平面内;折射光线与入射光线分居法线两侧;当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时,折射光线向法线方向偏折,折射角小于入射角。 【解答】解:图中法线已经画出,根据光的折射规律画出折射光线即可。注意:光从空气斜射入玻璃中,所以折射角小于入射角,折射光线向法线方向偏折,如下图所示: 【点评】此题考查了对折射光线的画法,关键是记熟光的折射定律,搞清折射角与入射角的关系。 19.(2分)如图所示是静止在足球场上的足球,请画出足球受力的示意图。 【分析】足球静止在水平地面上,说明足球受到了平衡力的作用,足球受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力,重力和支持力就是一对平衡力,大小相等,方向相反。 【解答】解:足球静止在水平地面上,受到了两个力,重力和支持力,这两个力是平衡力,大小相等、方向相反。 故答案如下: 【点评】解答此题首先要知道足球受到了几个力的作用;然后根据足球的状态分析力的大小关系;最后根据力示意图的表示方法画出力的示意图。 20.(10分)测算某种不溶于水的新型合金材料密度。 (1)小明拿来一个弹簧测力计,如图a所示,在没有挂重物时,已有 0.2 N的读数,应将指针向 上 (选填“上”或“下”)移动,进行调零。 (2)正确调零后,小明将某待测合金材料用细线悬挂在弹簧测力计下,静止时,弹簧测力计示数如图b;再将该材料全部浸入水中,静止时弹簧测力计示数如图c。由此可知,该材料在水中受到的浮力F浮= 2 N。 (3)若取g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,可以计算出该材料的密度是 1.9×103 kg/m3 (4)小明提出:若取g=9.8N/kg会使测量结果更准确;而小磊认为无影响。你认为 小磊 (填“小明”或“小磊”)的说法正确。 【分析】(1)先明确弹簧测力计的分度值,再根据指针位置确定在没有挂重物时,弹簧测力计示数;使用弹簧测力计测量物体重力时,应使指针指在0刻度线上,故应将指针向上移动。 (2)物体受到重力G与弹簧测力计拉力F=3.8N作用而静止,处于平衡状态,物体重力G=F;将材料全部浸入水中,静止时弹簧测力计示数F示=1.8N,利用称重法求材料在水中受到的浮力; (3)利用G=mg求材料的质量;再利用F浮=ρ液gV排求材料排开水的体积,即材料的体积,再利用密度公式求材料的密度; (4)推导出材料的密度ρ===ρ水,据此分析判断。 【解答】解: (1)由图示弹簧测力计可知,其分度值为0.2N,在没有挂重物时,弹簧测力计示数为0.2N; 使用弹簧测力计测量物体重力时,应使指针指在0刻度线上,故应将指针向上移动。 (2)如图b,测力计的示数为3.8N;物体受到重力G与弹簧测力计拉力F=3.8N作用而静止,处于平衡状态,由平衡条件得,物体重力G=F=3.8N; 如图c,将材料全部浸入水中,静止时弹簧测力计示数F示=1.8N, 故材料在水中受到的浮力:F浮=G﹣F示=3.8N﹣1.8N=2N。 (3)材料的质量:m===0.38kg; 因为F浮=ρ液gV排,材料全部浸没在水中, 所以材料的体积: V=V排===2×10﹣4m3; 则材料的密度: ρ===1.9×103kg/m3; (4)由(3)可知,材料的密度:ρ===ρ水, 所以若取g=9.8N/kg,对测量结果无影响,小磊的说法正确。 故答案为:(1)0.2;上;(2)2;(3)1.9×103;(4)小磊。 【点评】本题为力学综合题,考查了密度公式、重力公式、阿基米德原理的应用,涉及到称重法测浮力、弹簧测力计的使用,知识点多、综合性强,属于难题! 21.(8分)在“测量小灯泡的额定功率”实验中,提供如下实验器材: 电源(输出电压恒为4.5V)、小灯泡(额定电压为3.8V)、滑动变阻器、电压表(量程0~3V,0~15V档已损坏)、电流表。 (1)实验小组初步设计电路如图甲所示。经分析,此电路无法测出小灯泡的额定功率,原因是 电压表量程太小 。 (2)重新设计电路,如图乙所示,请对照图乙在图丙中完成实物图的连接。 (3)连接电路完成后,闭合开关,发现电流表不动,电压表也无示数。若电路中只有一处故障,可能是 A 。 A.小灯泡断路 B.电压表断路 C.滑动变阻器断路 (4)排除故障后,闭合开关,移动滑片,当电压表示数为 0.7 V时,小灯泡正常发光。 【分析】(1)因只能使用量程0~3V,而灯的电压为3.8V,据此分析; (2)(4)根据串联电路电压的规律,当变阻器的电压为:4.5V﹣3.8V=0.7V时,灯的电压为3.8V正常发光,据此分析; (3)逐一分析每个答案,找出符合题意的选项。 【解答】解:(1)因只能使用量程0~3V,而灯的电压为3.8V,电压表量程太小,无法测出小灯泡的额定功率; (2)根据串联电路电压的规律,当变阻器的电压为: 4.5V﹣3.8V=0.7V时,灯的电压为3.8V正常发光,故可将电压表并联在变阻器的两端,如下所示: (3)A.若小灯泡断路,整个电路断路,两表都没有示数,符合题意; B.若电压表断路,电路为通路,电流表有示数,不符合题意; C.若滑动变阻器断路,电压表串联在电路中测电源电压,电压表有示数,不符合题意; (4)排除故障后,闭合开关,移动滑片,由(2)知,当电压表示数为0.7V时,小灯泡正常发光。 故答案为:(1)电压表量程太小;(2)如上所示; (3)A;(4)0.7。 【点评】本题测量小灯泡的额定功率,考查电路连接、对器材的要求、故障分析实验方案的设计。 四、综合应用题(21题10分,22题10分,共20分,解答时应写必要的文字说明,公式和具体的计算步骤) 22.(10分)水陆两用坦克的车体呈船形,比普通坦克要大,既可在陆地上行驶,又可在水面上航行。现有一辆水陆两用坦克质量为4.0×104kg,履带着陆的总面积为4m2,陆地最大行驶速度为54km/h;水上航行最大行驶速度为14km/h,吃水深度(指水面到坦克底部的深度)为80cm。求:(取g=10N/kg) (1)坦克在地面上以最大速度行驶2h的路程; (2)坦克在水平地面上行驶时,它对地面的压强; (3)坦克在水面上航行时,水对坦克底部的压强; (4)坦克在水面上航行时,它所受浮力的大小; (5)当该坦克从长江开到大海里,吃水深度是变大还是变小?请简要说明理由。 【分析】(1)由速度公式变形s=vt可求路程; (2)已知坦克的质量,利用G=mg求出坦克的重力,坦克对地面的压力等于其重力,然后根据压强公式即可求出它对地面的压强。 (3)根据p=ρgh可求液体的压强; (4)当坦克在水面航行时,浮力与重力是一对平衡力,即浮力等于重力,据此求出浮力; (5)坦克从长江开到大海里,所受浮力不变,而海水的密度变大,根据阿基米德原理的公式分析答题。 【解答】解: (1)由v=可得,坦克在地面上以最大速度行驶2h的路程: s=vt=54km/h×2h=108km; (2)坦克的重力: G=mg=4.0×104kg×10N/kg=4×105N, 坦克对水平地面的压力: F=G=4×105N, 坦克对地面压强: p===1×105Pa; (3)坦克在水面上航行时,水对坦克底部的压强: p′=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.8m=8000pa; (4)由于该坦克在水面上航行时浮在水面上,受到的浮力和自身重力是一对平衡力, 所以,坦克所受浮力: F浮=G=4×105N; (4)因该坦克从长江开到大海里,始终处于漂浮状态,重力不变,受到的浮力不变,而海水的密度大于江水的密度,由F浮=ρ液gV排可知,坦克排开水的体积变小,所以吃水深度变小。 答:(1)坦克在地面上以最大速度行驶2h的路程是108km; (2)坦克在水平地面上行驶时,它对地面压强的大小为1×105Pa; (3)坦克在水面上航行时,水对坦克底部的压强是8000pa; (4)坦克在水面上航行时,它受到浮力的大小为4×105N; (5)当该坦克从长江开到大海里,吃水深度变小; 理由:因该坦克从长江开到大海里,始终处于漂浮状态,重力不变,受到的浮力不变,而海水的密度大于江水的密度,由F浮=ρ液gV排可知,坦克排开水的体积变小,所以吃水深度变小。 【点评】本题考查了压强、漂浮条件、速度、阿基米德原理等知识,具有一定综合性。 23.(10分)如图甲所示的电路,电源电压为4.5V保持不变。小灯泡L标有“2.5V0.25A”字样,滑动变阻器R1的最大值为30Ω,定值电阻R2=30Ω,电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V.求: (1)小灯泡正常工作时,电阻多大? (2)小灯泡的额定功率多大? (3)只闭合开关S、S2和S3,将变阻器R1的滑片P调到中点时,电流表示数多大? (4)只闭合开关S、S1,移动变阻器的滑片P,小灯泡L的I﹣U图象如图乙所示。在保证各元件安全的情况下,滑动变阻器R1允许的取值范围是多少? 【分析】(1)由小灯泡L标有“2.5V 0.25A”字样,根据I=算出小灯泡正常工作时的电阻; (2)根据P=UI求灯的额定功率; (3)只闭合开关S、S2和S3,分析电路的连接,L短路,电阻R1与R2并联,电流表测量电路的电流,根据并联电路电流的特点求出并联的总电阻,已知电流根据欧姆定律求出电流; (4)只闭合开关S、S2,R1与灯泡串联,R2不接入电路,移动变阻器的滑片P,向左移动时,R1变大,电压表的示数也变大,当电压表示数为3V时,R1最大,可求R1的电压,即可得小灯泡的电压,可得电路中最小电流,可求此时滑动变阻器的电阻;当滑片向右移动时,R1变小,电流表的示数变大,UL也变大,由图象可知电路中的最大电流,根据欧姆定律可求此时滑动变阻器的电阻,即可得在保证各元件安全的情况下,滑动变阻器R1允许的取值范围。 【解答】解:(1)由小灯泡L标有“2.5V 0.25A”字样知, 由I=知, 小灯泡正常发光时的电阻:RL===10Ω; (2)小灯泡的额定功率是:PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W; (3)只闭合开关S、S2和S3,分析电路的连接,L短路,电阻R1与R2并联, 并联的总电阻,R并===10Ω, 电路的电流为:由I===0.45A; (4)只闭合开关S、S1,灯泡L与R1串联,R2不接入电路,移动变阻器的滑片P,向左移动时,R1变大,电压表的示数也变大,当电压表示数为3V时,R1最大,则R1的电压U1大=3V,此时小灯泡两端的电压为:UL′=U﹣U1大=4.5V﹣3V=1.5V, 由图乙可知电路中最小电流:I最小=0.2A, 所以R1连入电路的电阻:R1===15Ω, 当滑片向右移动时,R1变小,电流表的示数变大,UL也变大,由图象可知电路中的最大电流: I最大=0.25A<0.6A(电流表安全), 由图象可知,此时UL′=2.5V, R1两端的电压为:U1′=U﹣UL′=4.5V﹣2.5V=2V, R1连入电路的电阻:R1′===8Ω, 所以在保证各元件安全的情况下,滑动变阻器R1允许的取值范围是8~15Ω。 答:(1)小灯泡正常工作时,电阻为10Ω; (2)小灯泡的额定功率0.625W; (3)只闭合开关S、S2和S3,将变阻器R1的滑片P调到中点时,电流表示数0.45A; (4)只闭合开关S、S1,移动变阻器的滑片P,小灯泡L的I﹣U图象如图乙所示。在保证各元件安全的情况下,滑动变阻器R1允许的取值范围是8Ω~15Ω。 【点评】本题考查串联、并联电路的规律和欧姆定律及电功率公式的运用,关键是正确识别电路,从图象中获取有效的信息。

  • ID:6-5693119 2019年安徽省沿淮五校联盟中考物理模拟试卷(解析版)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    2019年安徽省沿淮五校联盟中考物理模拟试卷 一、填空题(每空2分,共26分) 1.在嘈杂的环境中用耳机听音乐时,因为背景噪音太大,为了听得清楚,就会不自觉地调高音量,这会对耳朵听力产生不利影响,所以要注意合理使用耳机。其中“调高音量”指的是调高声音的   (选填“音调”“响度”或“音色”)。 2.“潭中鱼可百许头,皆若空游无所依。”译文:“潭中的鱼大约有一百来条,都好像在空中游动”这是【唐】柳宗元《小石潭记》中的一段,其中作者看到“潭中鱼”是由于光的   (选填“直线传播”“反射”或“折射”)而形成的   (选填“实像”或“虚像”)。 3.如图所示,木板固定在水平桌面上,滑块放在粗糙的木板上,滑块通过定滑轮和托盘、砝码连接,此时滑块在木板上做匀速直线运动,已知木板的质量为m1,滑块的质量为m2,砝码和托盘的总质量为m3,则滑块受到的摩擦力为   。 4.请根据图中通电螺线管的S极标出电源的正负极,并用箭头画出磁感线的方向。 5.小明同学用40N的水平推力,推着重100N的书箱在水平地面上匀速前进了2m,松开手后,书箱仍向前滑行了1m,整个过程中小明做功   J。 6.将三粒芝麻碾成粉,均匀的撒在1cm2的水平地面上,地面受到的压强约为1Pa,据此可推算出三粒芝麻的总质量约为   g。 7.如图所示的质量不计的轻质杠杆的C端挂一重为G=10N的重物,已知AC=3AB,杠杆平衡在如 图所示的位置,则F=   N。 8.如图所示电路中,R1:R2=1:2,开关S闭合时,电压表示数为3V,则当开关S断开时,电压表示数为   V。 9.小灯泡L(2.5V,0.3A)的电流随电压变化的I﹣U图象如图甲所示,将该灯泡和滑动变阻器接入如图乙所示的电路中,已知电源电压为4.5V且保持不变,调节滑动变阻器,当电压表示数为3Ⅴ时,小灯泡消耗的实际功率为    W,此时滑动变阻器在10s内产生的热量为   J。 10.“熔化热是指单位质量的晶体在熔化时变成同温度的液态物质所需吸收的热量。”根据上述概念可知:冰的熔化热为3.35×105   (选填物理量的单位),质量为100g的0℃的冰熔化成0℃的水时吸收热量是   J。 二、选择题(每小题3分,共21分) 11.如图所示是关于生活中各种各样的物理现象,下列说法错误的是(  ) A.图中的“同步卫星”是指:以地球为参照物,卫星是静止的 B.甲图中的“同步卫星”和地面之间是依靠电磁波传递信息的 C.乙图中火车站候车时要站在安全线外,是因为流体流速越快的地方压强越大,避免被“吸”向火车 D.丙图中的“盲道”是由带凸起圆点或条形的盲道砖铺设而成,目的是减小受力面积增大压强,从而提高盲道砖的助感引导作用 12.如图所示为汽车上常见的安全头枕和安全带,关于它们的作用,下列说法正确的是(  ) A.当车辆急刹车时,安全头枕和安全带都对人起到保护作用 B.急刹车时,汽车还会向前运动一定距离,是因为汽车受到惯性力的作用 C.急刹车过程中,安全带可以减小司机的惯性从而减小伤害程度 D.汽车减速过程中,汽车的动能减小,但惯性大小保持不变 13.关于物态变化,下列说法正确的是(  ) A.晶体熔化过程中吸收的热量用于减小分子间的束缚,并不能使晶体的温度升高 B.固态酒精熔点是﹣117℃,固态汞的熔点是﹣39℃,所以到南极考察时要使用汞温度计 C.0℃的水不能蒸发 D.冬天能看到嘴中呼出“白气”是汽化现象 14.如图所示的关于家庭用电的图片中正确的是(  ) A. B. C. D. 15.物理学中,可以用物理图象比较物理量的大小,关于下列物理图象及对应说法正确的是(  ) A.图中甲比乙运动的快 B. 图中甲比乙的密度大 C.图中A比B的吸热能力强 D.图中R1电阻比R2电阻大 16.在如图所示,物体G在竖直向上的拉力F的作用下,匀速上升0.2m,已知G=20N,F=12N.这一过程中,不可能得到的结论是(  ) A.绳子自由端上升0.4m B.拉力F做功4.8J C.动滑轮重4N D.该滑轮的机械效率为90% 17.如图所示电路中,当变阻器滑片P向右移动过程中,若温度对灯丝电阻的影响忽略不计,下列说法正确的是(  ) A.电压表V1示数变大 B.电压表V2与电流表A示数之比变大 C.灯泡的实际功率变大 D.电路的总功率变大 三、实验探究题(本题共3小题,其中第18题8分,第19题6分,第20题6分,共20分) 18.(8分)在探究凸透镜成像规律的实验中: (1)实验时,小明在光屏上接收到一个清晰的像,但像的位置在光屏偏上的位置,他才意识到实验前他漏掉了一个步骤,这个漏掉的步骤是:   ; (2)此时光屏上能接收到的像是倒立、   (选填“缩小”“放大”或“等大”)的实像; (3)如图甲所示,若保持蜡烛和光屏位置不变,只需要将凸透镜移至   cm刻度处也能在光屏上再次得到清晰的像; (4)为了解释凸透镜成实像的原因,请你在图乙中画出点光源S通过凸透镜所成的像的位置A′; 19.(6分)为了测量油井中生产的原油(原油较为粘稠)的密度,小明进行了如下操作: (1)实验前,将天平放在水平工作台面上,并将游码移至称量标尺左端零刻度处,此时指针位置如图甲所示,接下来小明应将平衡螺母向   (选填“左”或“右”)移动,使天平平衡; (2)小明先测量空烧杯质量为20g;,然后向烧杯中加入适量的原油,用天平测量烧杯和原油的总质量,此时右盘内砝码和游码的位置如图乙;然后他将原油全部倒入量筒中,量筒内液面位置如图丙所示,则原油的密度为   kg/m3。 (3)小明用这种方法测出的原油密度偏大,原因是   。 20.(6分)小明同学测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率时,连接的电路如图: (1)图甲是小明所连接的实验电路,其中存在连接错误,但只需改动一根导线,即可使电路连接正 确。请你在应改动的导线上打“×”,并用笔画线代替导线画出正确的接法。 (2)实验前老师提醒同学们“这个实验最容易出现的问题是:连接电路后闭合开关,灯泡不亮。同学们可以根据电压表、电流表的示数判断故障的原因,若   ,说明灯泡断路或灯泡与灯丝接触不良。” (3)排除一切故障后,同学们测量出灯泡在正常发光时的电流如图乙所示,则该灯泡的额定功率为   W。 四、计算与推导题(本题共3小题,其中第21题8分,第22题6分,第23题9分,共23分) 21.(8分)如图所示,物体A的重力为20N,体积为1000cm3将其体积的浸入水中,此时水面距离容器底部的距离为30cm,容器的底面积为200cm2,ρ水=1.0×103kg/m3,假设容器足够高,试求: (1)物体A受到的浮力; (2)绳子对A的拉力; (3)若将绳子剪断,物体A静止时,水对容器底部压强的变化量△p。 22.(6分)一质量为m=1kg的物体从斜面滑下,到达斜面底端A处时速度为v=2m/s,然后在水平面上运动S=1m后停在B点。已知物体具有的动能的表达式是Ek=mv2,单位为焦耳(J),且物体从A运动到B的过程中减少的动能有50%用来使物体温度升高物体的比热容为c=0.4×103J/(kg?℃),请计算: (1)物体在A点时具有的动能; (2)物体从A运动到B的过程中升高的温度。 23.(9分)如图甲所示的电路中,电源电压和定值电阻R0的阻值保持不变,闭合开关后将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中,电压表随电流表示数变化的图象U﹣I如图乙所示,试求出: (1)电源电压和定值电阻R0的阻值; (2)定值电阻R0消耗的最小功率为P1,消耗的最大功率为P2,求P1和P2的比值P1:P2。 2019年安徽省沿淮五校联盟中考物理模拟试卷 参考答案与试题解析 一、填空题(每空2分,共26分) 1.在嘈杂的环境中用耳机听音乐时,因为背景噪音太大,为了听得清楚,就会不自觉地调高音量,这会对耳朵听力产生不利影响,所以要注意合理使用耳机。其中“调高音量”指的是调高声音的 响度 (选填“音调”“响度”或“音色”)。 【分析】声音的品质叫音色,也叫音品,由发声体的材料、结构决定;声音的强弱叫响度,与发声体振动的幅度有关,振幅越大,响度越大。 【解答】解: 戴着耳机在嘈杂的公共场所听音乐时,往往需要增大音量,这是增大了声音的响度,若长此以往会导致听力下降。 故答案为:响度。 【点评】此题考查的,音色的应用和响度的影响因素,是一道基础题。 2.“潭中鱼可百许头,皆若空游无所依。”译文:“潭中的鱼大约有一百来条,都好像在空中游动”这是【唐】柳宗元《小石潭记》中的一段,其中作者看到“潭中鱼”是由于光的 折射 (选填“直线传播”“反射”或“折射”)而形成的 虚像 (选填“实像”或“虚像”)。 【分析】当光从一种介质斜射入另一种介质会发生折射现象,知道看水中的物体如“鱼”、水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼等都是光的折射形成的。 【解答】解:“潭中鱼”是鱼反射的光线从水中进入空气发生折射形成的虚像。 故答案为:折射;虚像。 【点评】本题主要考查光的折射现象在生活当中的应用,是一道基础题。 3.如图所示,木板固定在水平桌面上,滑块放在粗糙的木板上,滑块通过定滑轮和托盘、砝码连接,此时滑块在木板上做匀速直线运动,已知木板的质量为m1,滑块的质量为m2,砝码和托盘的总质量为m3,则滑块受到的摩擦力为 m3gN 。 【分析】当滑块做匀速直线运动运动时,根据二力平衡的知识,此时滑块受到的摩擦力等于绳子的拉力,即托盘和砝码的总重力。 【解答】解:实验中没有使用弹簧测力计,所以摩擦力的大小只能通过托盘和砝码对绳子的拉力体现,拉力等于托盘和砝码的总重力,根据二力平衡,滑块所受摩擦力的大小等于托盘和砝码的总重力,即f=G=m3g; 故答案为:m3gN。 【点评】本实验根据物体受平衡力做匀速直线运动的原理测量摩擦力,常见题目。 4.请根据图中通电螺线管的S极标出电源的正负极,并用箭头画出磁感线的方向。 【分析】(1)由图知螺线管的右侧为N,根据安培定则可知螺线管中的电流方向,从而确定电源的正负极; (2)根据磁感线是从N极发出,回到S极确定磁感线的方向。 【解答】解:(1)由图知螺线管的右侧为N,根据安培定则,可知螺线管中的电流方向,从而确定电源的正负极,如下所示: (2)根据磁感线是从N极发出,回到S极,确定磁感线的方向:如下所示: 故答案为:如上所示。 【点评】本题考查安培定则的运用及磁感线的方向的确定,要掌握。 5.小明同学用40N的水平推力,推着重100N的书箱在水平地面上匀速前进了2m,松开手后,书箱仍向前滑行了1m,整个过程中小明做功 80 J。 【分析】做功的两个必要因素:作用在物体的上的力和物体沿力的方向通过了一段距离;据此分析推力对物体的做功情况。 【解答】解:由题知,书箱在40N的水平推力作用下前进了2m,松开手后,由于惯性又向前滑行了1m, 根据做功的两个必要条件可得,水平推力所做的功:W=Fs=40N×2m=80J。 故答案为:80。 【点评】本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解与掌握,明确三种情况不做功:一是有力无距离(例如:推而未动),二是有距离无力(靠惯性运动),三是力的方向与运动方向垂直。 6.将三粒芝麻碾成粉,均匀的撒在1cm2的水平地面上,地面受到的压强约为1Pa,据此可推算出三粒芝麻的总质量约为 0.01 g。 【分析】知道三粒芝麻碾成粉均匀的撒在1cm2的水平地面上时地面受到的压强,根据p===求出三粒芝麻的质量。 【解答】解:因水平面上物体的压力和自身的重力相等, 所以,由p===可得,三粒芝麻的质量: m===1×10﹣5kg=0.01g。 故答案为:0.01。 【点评】本题考查了压强公式的灵活应用,关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。 7.如图所示的质量不计的轻质杠杆的C端挂一重为G=10N的重物,已知AC=3AB,杠杆平衡在如 图所示的位置,则F= 30 N。 【分析】确定出力臂,利用杠杆平衡条件(F1l1=F2l2)即可求出。 【解答】解: 由图可知,A点为支点,则:l1=AB,l2=AC, 由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得:F?AB=G?AC, 所以,F===30N。 故答案为:30。 【点评】本题考查杠杆的平衡条件,关键是力臂的判断。 8.如图所示电路中,R1:R2=1:2,开关S闭合时,电压表示数为3V,则当开关S断开时,电压表示数为 2 V。 【分析】首先根据开关的闭合和断开分析电路的连接方式,然后根据电路特点结合欧姆定律计算电压表示数。 【解答】解:开关S闭合时,R1被短路,电源电压全部加在R2上,此时电压表测量电源电压,为3V; 开关S断开时,R1和R2的串联在电路中,电压表测R2的电压, 因为=,且串联电路电流处处相等, 所以===, 所以==, 又因为U=3V, 所以U2=2V。 故答案为:2。 【点评】本题考查学生对电路连接方式的掌握和运用欧姆定律及串联电路特点比较有关物理量的能力。 9.小灯泡L(2.5V,0.3A)的电流随电压变化的I﹣U图象如图甲所示,将该灯泡和滑动变阻器接入如图乙所示的电路中,已知电源电压为4.5V且保持不变,调节滑动变阻器,当电压表示数为3Ⅴ时,小灯泡消耗的实际功率为  0.375 W,此时滑动变阻器在10s内产生的热量为 7.5 J。 【分析】由I﹣U图象找出灯泡额定电压对应的电流,然后由电功率公式求出灯泡额定电功率;由I﹣U图象找出电压为3V时对应的电流,然后由电功率公式求出灯泡的实际功率,根据Q=W=UIt可求得此时滑动变阻器在10s内产生的热量。 【解答】解:(1)由图乙可知,灯泡与滑动变阻器串联,已知电源电压U=4.5V,电压表测量滑动变阻器两端电压,即UR=3V, 由图甲I﹣U图象可知,当电压表示数为3Ⅴ时,灯泡L两端电压UL=U﹣UR=4.5V﹣3V=1.5V, 灯泡额定电压1.5V对应的电流I=0.25A,灯泡的实际功率P实=U实I实=1.5V×0.25A=0.375W; (2)灯泡与滑动变阻器串联,串联电路中电流处处相等,此时滑动变阻器在10s内产生的热量Q=W=URIt=3V×0.25A×10s=7.5J。 故答案为:0.375;7.5。 【点评】本题考查了求灯泡电功率等问题,由I﹣U图象找出电压对应的电流是求电功率的前提与关键。 10.“熔化热是指单位质量的晶体在熔化时变成同温度的液态物质所需吸收的热量。”根据上述概念可知:冰的熔化热为3.35×105 J/kg (选填物理量的单位),质量为100g的0℃的冰熔化成0℃的水时吸收热量是 3.35×104 J。 【分析】根据“熔化热是指单位质量的晶体在熔化时变成同温度的液态物质所需吸收的热量”得出冰的熔化热的物理意义,进而得出其单位; 根据冰的熔化热的物理意义求质量为100g的0℃的冰熔化成0℃的水时吸收热量, 【解答】解: 冰的熔化热是指1kg冰在熔化时变成同温度的水时吸收的热量为3.35×105J,故熔化热的单位是J/kg, 质量为100g的0℃的冰熔化成0℃的水时吸收热量: Q吸=3.35×105J/kg×0.1kg=3.35×104J 故答案为:J/kg;3.35×104。 【点评】本题考查了冰的熔化热的物理意义及其原因,明确熔化热的含义是关键。 二、选择题(每小题3分,共21分) 11.如图所示是关于生活中各种各样的物理现象,下列说法错误的是(  ) A.图中的“同步卫星”是指:以地球为参照物,卫星是静止的 B.甲图中的“同步卫星”和地面之间是依靠电磁波传递信息的 C.乙图中火车站候车时要站在安全线外,是因为流体流速越快的地方压强越大,避免被“吸”向火车 D.丙图中的“盲道”是由带凸起圆点或条形的盲道砖铺设而成,目的是减小受力面积增大压强,从而提高盲道砖的助感引导作用 【分析】(1)判断物体是否运动就看物体与参照物之间的位置是否发生变化,位置发生变化则物体运动,位置不发生变化,则物体静止; (2)电磁波的传播不需要介质,电磁波可以在固体、液体、气体中传播,也可以在真空中传播; (3)流体的压强跟流速有关,流速越大,压强越小; (4)增大压强的方法:在受力面积一定时,增大压力;在压力一定时,减小受力面积。 【解答】解: A、同步卫星的“同步”指的正是它与地球自转周期、角速度相同的意思,它和地球是相对静止不动的,所以以地球为参照物,卫星是静止的,故A正确; B、电磁波能传递信息,“同步卫星”和地面之间是依靠电磁波传递信息的,故B正确; C、当火车驶过车站时,安全线以内的地方空气流速增大压强减小,人与火车之间的压强小于另一侧的压强,人被压向列车,发生交通事故,故C错误; D、脚踩在盲道上,脚对盲道的压力不变(等于人的重力),砖上有条形或圆点,减小了脚和地面的受力面积,增大了地面对脚的压强,增大脚的感觉,故D正确。 故选:C。 【点评】本题考查的知识点较多,是一道学科综合题,但难度不大,熟练掌握基础知识即可正确解题。 12.如图所示为汽车上常见的安全头枕和安全带,关于它们的作用,下列说法正确的是(  ) A.当车辆急刹车时,安全头枕和安全带都对人起到保护作用 B.急刹车时,汽车还会向前运动一定距离,是因为汽车受到惯性力的作用 C.急刹车过程中,安全带可以减小司机的惯性从而减小伤害程度 D.汽车减速过程中,汽车的动能减小,但惯性大小保持不变 【分析】惯性是物体的固有属性,它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质,惯性大小与物体的质量有关,质量越大,惯性越大。 【解答】解: A、有了头枕,能减小因汽车突然加速或被后车撞上对司机造成的伤害,故A错误; B、急刹车时,汽车还会向前运动一定距离,是因为汽车具有惯性,惯性不是力,不能说受到惯性力的作用,故B错误; C、惯性大小只与质量有关;乘客可系上安全带,这样可以减小惯性带来的危害,而不能减小惯性,故C错误; D、动能大小与速度有关,汽车减速过程中,汽车的动能减小,惯性大小只与质量有关,与速度无关,汽车减速过程中,惯性大小保持不变,故D正确。 故选:D。 【点评】生活中对于惯性的应用和防止很多,要注意结合惯性的内容及实际情况进行分析,并多总结。 13.关于物态变化,下列说法正确的是(  ) A.晶体熔化过程中吸收的热量用于减小分子间的束缚,并不能使晶体的温度升高 B.固态酒精熔点是﹣117℃,固态汞的熔点是﹣39℃,所以到南极考察时要使用汞温度计 C.0℃的水不能蒸发 D.冬天能看到嘴中呼出“白气”是汽化现象 【分析】(1)晶体在熔化的过程中,吸热,但温度保持不变; (2)液体温度计是根据物体热涨冷缩的性质制成的,根据液体的凝固点与所测温度的关系,选择测温物质; (3)蒸发可以在任何温度下进行; (4)物质从气态变为液态是液化。 【解答】解:A、晶体熔化时会吸热外界的热,外界的热都用来减小分子间的束缚,并不能使晶体的温度升高,故A正确; B、酒精的凝固点为﹣117℃,汞在﹣39℃时已经凝固,南极的气温低于﹣39℃,故不能用汞制作的温度计,应选酒精温度计,故B错误; C、蒸发可以在任何温度下进行,故C错误; D、白气是水蒸气遇冷变为小水滴,是液化,故D错误。 故选:A。 【点评】本题考查晶体的熔化,温度计的选用以及汽化现象是一道基础题。 14.如图所示的关于家庭用电的图片中正确的是(  ) A. B. C. D. 【分析】(1)三孔插座的接法:左零右火中接地; (2)使用测电笔辨别火线时,一定要用手触及笔尾的金属部分,碰到火线时,氖管才会发光。 (3)教室内的灯工作时互不干扰,为并联连接,开关接在火线和灯之间; (4)三脚插头的接地脚与用电器的金属外壳相连。 【解答】解: A、三孔插座中,左零右火中接地,中间的应该接地线,目的是为了让金属外壳与大地相连,故A错; B、使用测电笔辨别火线时,一定要用手触及笔尾的金属部分,否则容易造成误判,认为带电体不带电是十分危险的,故B错; C、教室内的灯工作时互不干扰,为并联连接,不是串联,故C错; D、三孔插座中多出一个专门用于接地的孔;三脚插头中,中上的要与用电器的金属外壳相连,目的是为了让金属外壳与大地相连,故D正确。 故选:D。 【点评】本题考查了测电笔的使用方法、插头和插座的连接方法、家用电器的连接方式,属于用电安全方面的考查,密切联系生活实际,要引起重视。 15.物理学中,可以用物理图象比较物理量的大小,关于下列物理图象及对应说法正确的是(  ) A.图中甲比乙运动的快 B. 图中甲比乙的密度大 C.图中A比B的吸热能力强 D.图中R1电阻比R2电阻大 【分析】首先明确选项中横坐标和纵坐标的含义,再根据图象中曲线的特征,反映出的物理规律;就可选出答案。 【解答】解: A、甲图象中可知:甲的速度为v甲==4m/s,乙图象中可知:乙的速度为v乙=6m/s,所以乙比甲运动的快;故A错误; B、图象中反映出的信息是,物体的体积相同时、甲的质量大,则根据ρ=可知:甲比乙的密度大;故B正确; C、图象中反映出的信息是,升高相同的温度时、B的加热时间长,即B物质吸收的热量多,则根据c=可知:B比A的吸热能力强,故C错误; D、图象中反映出的信息是,在电阻两端的电压相同时,通过R1的电流大,根据R=可知:R1电阻比R2电阻小,故D错误; 故选:B。 【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目,图象可以使我们建立更多的感性认识,从图象中去探究本质规律,体验知识的形成过程。 16.在如图所示,物体G在竖直向上的拉力F的作用下,匀速上升0.2m,已知G=20N,F=12N.这一过程中,不可能得到的结论是(  ) A.绳子自由端上升0.4m B.拉力F做功4.8J C.动滑轮重4N D.该滑轮的机械效率为90% 【分析】由图示可知,承重绳子的有效股数n=2,由滑轮组公式、功的公式、效率公式分析答题。 【解答】解:由图示可知,滑轮承重绳子的有效股数n=2, A、绳子自由端上升的高度s=nh=2×0.2m=0.4m,故A正确; B、拉力的功W=Fs=12N×0.4m=4.8J,故B正确; C、根据F=可得,动滑轮的重力G动=nF﹣G=2×12N﹣20N=4N,故C正确; D、有用功W有=Gh=20N×0.2m=4J,滑轮的效率η=×100%=×100%≈83.33%,故D错误; 故选:D。 【点评】由图示求出绳子的有效股数,熟练应用滑轮组公式、功的公式、效率公式即可正确解题。 17.如图所示电路中,当变阻器滑片P向右移动过程中,若温度对灯丝电阻的影响忽略不计,下列说法正确的是(  ) A.电压表V1示数变大 B.电压表V2与电流表A示数之比变大 C.灯泡的实际功率变大 D.电路的总功率变大 【分析】由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表V1测电源两端的电压,电压表V2测R两端的电压,电流表测电路中的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,利用欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡L两端的电压变化,再利用P=UI判断灯泡的实际功率和电路总功率的变化,利用串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化,然后得出电压表V2与电流表A示数之比变化。 【解答】解:由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表V1测电源两端的电压,电压表V2测R两端的电压,电流表测电路中的电流。 因电源的电压不变, 所以,滑片移动时,电压表V1的示数不变,故A错误; 当变阻器滑片P向右移动过程中,接入电路中的电阻变大,电路的总电阻变大, 由I=可知,电路中的电流变小,即电流表A的示数变小, 由U=IR可知,灯泡L两端的电压变小, 由P=UI可知,灯泡的实际功率和电路的总功率变小,故CD错误; 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,变阻器R两端的电压变大,即电压表V2的示数变大, 则电压表V2与电流表A示数之比变大,故B正确。 故选:B。 【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。 三、实验探究题(本题共3小题,其中第18题8分,第19题6分,第20题6分,共20分) 18.(8分)在探究凸透镜成像规律的实验中: (1)实验时,小明在光屏上接收到一个清晰的像,但像的位置在光屏偏上的位置,他才意识到实验前他漏掉了一个步骤,这个漏掉的步骤是: 调节凸透镜和光屏的高度,使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度 ; (2)此时光屏上能接收到的像是倒立、 缩小 (选填“缩小”“放大”或“等大”)的实像; (3)如图甲所示,若保持蜡烛和光屏位置不变,只需要将凸透镜移至 40 cm刻度处也能在光屏上再次得到清晰的像; (4)为了解释凸透镜成实像的原因,请你在图乙中画出点光源S通过凸透镜所成的像的位置A′; 【分析】(2)在实验中,为使像能成在光屏的中心,应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度,使它们的中心大致在同一高度; (2)凸透镜成像中,当u>2f时,成倒立、缩小的实像,f<v<2f,对应应用如照相机。 当f<u<2f时,成倒立、放大的实像,v>2f,对应应用如投影仪。 (3)当物距大于像距时,且能成清晰的像时,应是放大的实像,而当物距小于像时,也成清晰的像时,应是缩小的实像; (4)要解决此题,需要掌握三条特殊的光线:平行于主光轴的光线通过凸透镜后会聚于焦点;过光心的方向不变;从焦点发出的光线,过凸透镜后平行于主光轴 【解答】解: (1)实验时,小明在光屏上接收到一个清晰的像,但像的位置在光屏偏上的位置,他才意识到实验前他漏掉了一个步骤,这个漏掉的步骤是:调节凸透镜和光屏的高度,使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度。其目的是使像成在光屏的中央。 (2)由图甲可知,物距大于像距,蜡烛与凸透镜的距离在二倍焦距以外,在光屏上会出现一个倒立的、缩小的实像; (3)当如图位置时,物距大于像距,光屏上恰能成一个清晰倒立的像。由图象可知,物距u=50cm﹣20cm=30cm,像距v=70cm﹣50cm=20cm,在保持蜡烛和光屏位置不变的情况下,根据光的可逆性,可将凸透镜移至光具座40cm的刻度线处时,光屏上再次成清晰的像,有凸透镜成像规律可知,像一定是放大的。 画出由S发出的平行于主光轴的光线,过凸透镜后经过右焦点F;由S点发出的过光心的光线,方向不变,两条光线反向延长线的交点S′就是S的像,如图所示: ; 故答案为:(1)调节凸透镜和光屏的高度,使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度;(2)缩小;(3)40;(4)如上图。 【点评】烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度,烛焰的像才能呈现在光屏的中央位置,这是光屏上不能接到像,或像没有呈现在光屏中央,首先要考虑的问题。同时还考查了凸透镜成像的三种情况和应用。还考查了利用三条特殊的光线来作图,要知道由光源发出的光线经过凸透镜后通过像点。 19.(6分)为了测量油井中生产的原油(原油较为粘稠)的密度,小明进行了如下操作: (1)实验前,将天平放在水平工作台面上,并将游码移至称量标尺左端零刻度处,此时指针位置如图甲所示,接下来小明应将平衡螺母向 右 (选填“左”或“右”)移动,使天平平衡; (2)小明先测量空烧杯质量为20g;,然后向烧杯中加入适量的原油,用天平测量烧杯和原油的总质量,此时右盘内砝码和游码的位置如图乙;然后他将原油全部倒入量筒中,量筒内液面位置如图丙所示,则原油的密度为 0.82×103 kg/m3。 (3)小明用这种方法测出的原油密度偏大,原因是 将原油从烧杯倒入量筒时,因为原油较粘稠,所以附着在烧杯内壁,导致体积测量值偏小 。 【分析】(1)在调节天平横梁平衡时,指针偏向右侧,右端下沉,左端上翘,平衡螺母向上翘的方向移动。 (2)砝码与游码示数之和是天平所测物体的质量;由图丙得到其体积; (3)实验中“把烧杯内的将原油全部倒入量筒中”时原油不能全部倒入量筒内,由此分析密度的误差。 【解答】解:(1)当调节天平横梁平衡时,将游码移至横梁标尺左端零刻度线处,发现指针停在分度盘的左侧,左端下沉,右端上翘,要使平衡螺母向右移动。 (2)原油和烧杯的总质量:m总=20g+10g+5g+1.4g=36.4g, 原油的质量m=36.4g﹣20g=16.4g, 由图丙知,量筒的分度值为1mL,原油的体积为:V=20mL=20cm3, 原油的密度:ρ===0.82g/cm3=0.82×103kg/m3; (3)因为原油较粘稠,所以附着在烧杯内壁,所以小明不可能把烧杯内的原油全部倒入量筒内,导致测量的原油的体积偏小,由公式ρ=知所测密度偏大; 故答案为:(1)右;(2)0.82×103;(3)将原油从烧杯倒入量筒时,因为原油较粘稠,所以附着在烧杯内壁,导致体积测量值偏小。 【点评】本题是关于液体密度的测量,考查了天平和量筒的使用、密度的计算以及误差分析。 20.(6分)小明同学测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率时,连接的电路如图: (1)图甲是小明所连接的实验电路,其中存在连接错误,但只需改动一根导线,即可使电路连接正 确。请你在应改动的导线上打“×”,并用笔画线代替导线画出正确的接法。 (2)实验前老师提醒同学们“这个实验最容易出现的问题是:连接电路后闭合开关,灯泡不亮。同学们可以根据电压表、电流表的示数判断故障的原因,若 电压表有较大示数(或电压表示数接近电源电压),电流表没有示数 ,说明灯泡断路或灯泡与灯丝接触不良。” (3)排除一切故障后,同学们测量出灯泡在正常发光时的电流如图乙所示,则该灯泡的额定功率为 0.6 W。 【分析】(1)原电路中,电压表测电源电压是错误的,应测灯的电压; (2)若电流表示数为0,灯不亮,说明电路可能断路;电压表示数接近电源电压,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的支路断路了; (3)根据电流表选用小量程确定分度值读数,根据P=UI求出该灯泡的额定功率为。 【解答】解:(1)原电路中,电压表测电源电压是错误的,应测灯的电压,改正后如下所示: (2)根据分析,若电压表有较大示数(或电压表示数接近电源电压),电流表没有示数,说明电压表串联在电路中测电源电压,则与电压表并联的支路断路,即说明灯泡断路或灯泡与灯丝接触不良; (3)灯泡在正常发光时的电流如图乙所示,电流表选用小量程,分度值为0.02A,电流为0.24A,则该灯泡的额定功率为:P=UI=2.5V×0.24A=0.6W。 故答案为:(1)如上所示;(2)电压表有较大示数(或电压表示数接近电源电压),电流表没有示数;(3)0.6。 【点评】本题测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率,考查电路连接、故障分析和电流表读数及额定功率的计算。 四、计算与推导题(本题共3小题,其中第21题8分,第22题6分,第23题9分,共23分) 21.(8分)如图所示,物体A的重力为20N,体积为1000cm3将其体积的浸入水中,此时水面距离容器底部的距离为30cm,容器的底面积为200cm2,ρ水=1.0×103kg/m3,假设容器足够高,试求: (1)物体A受到的浮力; (2)绳子对A的拉力; (3)若将绳子剪断,物体A静止时,水对容器底部压强的变化量△p。 【分析】(1)求出物体A排开水的体积,利用阿基米德原理求物体A受到的浮力; (2)绳子对A的拉力等于物体A的重力减去浮力; (3)将绳子剪断,物体A掉入水中,利用阿基米德原理求出此时受到的浮力,和物体A的重力比较得出物体A在水中的状态,进而确定剪断绳子后物体A排开水的体积的变化量,利用V=Sh求水深变化量,最后利用p=ρgh求水对容器底部压强的变化量。 【解答】解: (1)物体A排开水的体积: V排=V=×1000cm3=600cm3=6×10﹣4m3, 物体A受到的浮力: F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣4m3=6N; (2)绳子对A的拉力: F拉=G﹣F浮=20N﹣6N=14N; (3)将绳子剪断,物体A掉入水中,此时受到的浮力: F浮′=ρ水gV排′=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N; 因为F浮′<G, 所以物体A将下沉至容器底, 物体A排开水的体积增加量: △V=V=×1000cm3=400cm3=4×10﹣4m3, 水的深度增加值: △h===0.02m, 水对容器底部压强的变化量: △p=ρg△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa。 答:(1)物体A受到的浮力为6N; (2)绳子对A的拉力为14N; (3)若将绳子剪断,物体A静止时,水对容器底部压强的变化量为200Pa。 【点评】本题考查了阿基米德原理、液体压强公式的应用,难点在第三问,能求出水深的变化是关键。 22.(6分)一质量为m=1kg的物体从斜面滑下,到达斜面底端A处时速度为v=2m/s,然后在水平面上运动S=1m后停在B点。已知物体具有的动能的表达式是Ek=mv2,单位为焦耳(J),且物体从A运动到B的过程中减少的动能有50%用来使物体温度升高物体的比热容为c=0.4×103J/(kg?℃),请计算: (1)物体在A点时具有的动能; (2)物体从A运动到B的过程中升高的温度。 【分析】(1)根据动能表达式计算; (2)根据Q=cm△t计算; 【解答】解:(1)物体在A点时具有的动能: Ek=mv2=×1kg×(2m/s)2=2J; (2)因为物体到达B点时静止,所以物体从A运动到B的过程中减少的动能为2J, 已知减少的动能有50%用来使物体温度升高,则Q=η△Ek=50%×2J=1J, 根据Q=cm△t可得,物体从A运动到B的过程中升高的温度: △t===2.5×10﹣3℃。 答:(1)物体在A点时具有的动能是2J; (2)物体从A运动到B的过程中升高的温度2.5×10﹣3℃。 【点评】本题考查动能以及热量的计算,关键是将课本知识内容记忆清楚,仔细分析即可。 23.(9分)如图甲所示的电路中,电源电压和定值电阻R0的阻值保持不变,闭合开关后将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中,电压表随电流表示数变化的图象U﹣I如图乙所示,试求出: (1)电源电压和定值电阻R0的阻值; (2)定值电阻R0消耗的最小功率为P1,消耗的最大功率为P2,求P1和P2的比值P1:P2。 【分析】(1)由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为零,电路为R0的简单电路,电路中的电流最大,根据欧姆定律表示出电源的电压;当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,电压表的示数最大,根据图象读出电表的示数,利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压,再利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值,进一步求出电源的电压; (2)当滑动变阻器接入电路中的电阻为零,电路为R0的简单电路,电路中的电流最大,定值电阻R0消耗的功率最大,根据P=UI算出最大功率为P2; 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,根据P=UI算出定值电阻R0消耗的最小功率,最后算出P1:P2。 【解答】解:由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流。 (1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,由图乙可知,最小电流I1=0.1A,此时变阻器两端的电压U1=8V, 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,电源的电压: U=I1R0+U1=0.1A×R0+8V, 当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路中的电流最大,由图乙可知最大电流I2=0.3A, 由I=可得,电源的电压: U=I2R0=0.3A×R0, 因电源的电压不变, 所以,0.3A×R0=0.1A×R0+8V, 解得:R0=40Ω, 电源的电压U=I1R0=0.3A×40Ω=12V。 (2)由图乙可知,电路的最小电流I1=0.1A,最大电流为I2=0.3A, 定值电阻R0消耗的最小功率为P1=I12R0,消耗的最大功率为P2=I22R0, 所以====。 答:(1)电源电压为12V,定值电阻R0的阻值为40Ω; (2)P1和P2的比值P1:P2为1:9。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。

  • ID:6-5692286 广东省中山市2019 年初中学业水平考试第一次阶段性检测物理试题(PDF版含答案)

    初中物理/中考专区/模拟试题

    物理参考答案及评分说明 一、选择题(单项选择,答案唯一,每小题3分,共21分) 题号 1 2 3 4 5 6 7  答案 D C C C A D B  二、填空题(每空1分,共21分) 8、液化、凝华、放热 9、形变、大、小于 10、半导体、可再生、聚变 11、20,倒立放大、投影仪 12、静止、短、做功 13、10、2.7、2:1 14、S、负、变弱 三、作图题(本题包括3小题,3+3+2,共8分)  标出反射角为60度 F1 标出直角符号 G 交叉相连的点要画明确 四、实验题(本题包括3小题,共20分) 16、(6分)(1) A、5.25(5.21——5.28也可)、37.8 (2) 右、62、3.1×103 17、(6分)(1)温度计玻璃泡碰到了烧杯的底部 (2)① 94 ② 98、低于、不变(3)热的水蒸汽在空气中遇冷液化成小水珠形成的 18、(8分)(1)  (2)2.2、5.5 (3)滑动变阻器连接到最下方两个接线柱(E、F),即电阻电大值  (4)电阻一定时,通过电阻的电流跟电阻两端的电压成正比。 五、计算题(本题包括2小题,共15分) 19题 20、(1)R=U2/P=(6V)2/6W=6Ω (2分) (2)(3分)R总=6Ω+10Ω=16Ω I=U/R=12V/16Ω=0.75A UL=I×R=0.75A×6Ω=4.5V P总=U*I=12V×0.75A=9W (3)(3分)灯泡正常发光,UL=6V 即滑动变阻器的电压为U‘=12V-6V=6V, 滑动变阻器的值为R’=RL=6Ω 以上参考答案不唯一,只要过程符合规律,答案正确同样给分。 六、综合能力题(本题包括3小题,共15分) 21.(5分)(1)受力面积、压强 (2)物体间力的作用是相互的 (3)振动 (4)凸透 22、(5分)(1)0.4、1500 (2)1.68×104 (3)盐、0.5 23、(5分)(1)右 (2)①甲 ②胡萝卜粗、短的那端重 (3)变小 ================================================ 压缩包内容: 答案.docx 试题.pdf